北京市东城区示范校2015届高三上学期综合能力测试数学(文)试题
更新时间:2023-08-16 13:18:01 阅读量: 教学研究 文档下载
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北京市东城区普通高中示范校2015届上学期高三年级综合能力测试
数学试卷(文科)
本试卷分第I卷和第II卷两部分,共150分。考试时长120分钟。
第I卷(选择题 共40分)
一、选择题。(本大题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项)
1. 已知集合A x R| 2 x 2 ,B x R|x 4x 3 0,则A B ( )
2
A. ( 2,1]
B. 2,1 C. 2,2
D. ,2 [3, )
2. 已知复数z1 a 2i,z2 1 2i,若
A. 2
B. 1
C. 2
z1
是纯虚数,则实数a的值为( ) z2
D. 4
3. “x
3
”是“cosx
1
”成立的( ) 2
B. 必要不充分条件 D. 既不充分也不必要条件
A. 充分不必要条件 C. 充要条件
4. 下图是一算法的程序框图,若此程序运行结果为s 55,则在判断框中应填入关于k的判断条件是( )
A. k 11
B. k 10
C. k 9
D. k 8
5. 已知一个棱锥的三视图如下,根据图中标出的尺寸(单位:cm),可得这个棱锥的侧
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面积是( )
A. 4cm2
|x|
B. 12cm2
2
C. 8 42cm
2
D. 4 42 23cm
2
6. 已知f x 2 x a有唯一的零点,则实数a的值为( )
A. -3
B. -2
2
2
C. -1 D. 0
2
7. 如图,直线y x 2与圆x y 4x 3 0及抛物线y 8x依次交于A、B、C、D四点,则|AB| |CD| ( )
A. 13
B. 14
C. 15
D. 16
2 x 4x 3,x 0,
8. 已知f x 不等式f x a f 2a x 在 a,a 1 上恒成
2
x 2x 3,x 0,
立,则实数a的取值范围是( )
第II卷(非选择题 共110分)
二、填空题。(本大题共6小题,每小题5分,共30分)
A. , 2
B. ,0
C. 0,2
D. 2,0
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x y 1 0,
9. 不等式组 x y 1,表示的平面区域的面积为__________。
x 1
10. 设平面向量a 1,2 ,b 2,y ,若a b,则|2a b|=__________。 11. 在等差数列 an 中,a1 3,a4 2,则a4 a7 ... a3n 1 __________。 12. 直线x 3y 4 0被圆 x 2 y2 4截得的弦长为__________。
2
13. 已知0 x ,且sin2x
7
,则sin x 的值为__________。 25 4
14. 已知数集A {a1,a2,a3,a4,a5} 0 a1 a2 a3 a4 a5 具有性质P:对任意
i,j Z,其中1 i j 5,均有aj ai属于A,若a5 60,则a3 __________。
三、解答题。(本大题共6小题,共80分。解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程) 15. (本小题共13分)
设数列 an 的前n项和为Sn,且Sn 2an 1 n 1,2,... 。 (I)求数列 an 的通项公式;
(II)若数列 bn 满足bn 1 an bn n 1,2,... ,b1 2,求数列 bn 的通项公式。
16. (本小题共13分)
在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,满足c 1,且
cosBsinC a sinB cosC 0。
(I)求C的大小;
(II)求a2 b2的最大值,并求取得最大值时角A,B的值。
17. (本小题共14分)
如图,将矩形ABCD沿对角线BD把△ABD折起,使A点移到A1点,且A1在平面BCD
上的射影O恰好在CD上。
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(I)求证:BC⊥A1D;
(II)求证:平面A1CD⊥平面A1BC;
(III)若AB=10,BC=6,求三棱锥A1 BCD的体积。
18. (本小题共13分)
设a R,已知函数f x ax 3x。
3
2
(I)当a 1时,求函数f x 的单调区间;
(II)若对任意的x 1,3 ,有f x f x 0恒成立,求实数a的取值范围。
19. (本小题共13分)
x2y2
已知椭圆W: 1的左焦点为F m,0 ,过点M(-3,0)作一条斜
2m 10m2 2
率大于0的直线l与W交于不同的两点A、B,延长BF交W于点C。
(I)求椭圆W的离心率;
(II)求证:点A与点C关于x轴对称。
20. (本小题共14分)
已知定义在 1, 上的函数f x x lnx 2,g x xlnx x (I)求证:f x 存在唯一的零点,且零点属于(3,4);
(II)若k Z,且g x k x 1 对任意的x 1恒成立,求k的最大值。
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参考答案:
一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分) 1. A
二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30分) 9. 1
三、解答题(本大题共6小题,共80分) 15. (共13分)
解:(I)因为Sn 2an 1 n 1,2,... , 则Sn 1 2an 1 1 n 2,3,... ,
所以当n 2时,an Sn Sn 1 2an 2an 1, 整理得an 2an 1,
由Sn 2an 1,令n 1,得a1 2a1 1,解得a1 1。
所以 an 是首项为1,公比为2的等比数列,可得an 2n 1(6分) (II)因为an 2n 1,
由bn 1 an bn n 1,2,... ,得bn 1 bn 2n 1, 由累加得bn b1 b2 b1 b3 b2 ... bn bn 1
10. 5
11.
2. D
3. A
4. B
5. D
6. C
7. B
8. A
n 5 n 2
12. 23
13.
4 5
14. 30
1 2n 1
2 2n 1 1, n 2 ,
1 2
当n 1时也满足,所以bn 2n 1 1。(13分)
16. (共13分)
解:(I)由cosBsinC a sinB cosC 0,得
sinA acosC,
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又c 1,所以csinA acosC 由正弦定理得sinCsinA sinAcosC。
因为0 A ,所以sinA 0,从而sinC cosC,即C
2
2
4
。(6分)
(II)由余弦定理a2 b2 2abcosC c2,得a b 2ab 1,
a2 b22 2
a b2 1,于是a2 b2 2 2。 又ab ,所以 1 22
当A B
3
时,a2 b2取得最大值2 2(13分) 8
17. (共14分)
解:(I)因为A1在平面BCD上的射影O在CD上, 所以A1O⊥平面BCD。 又BC 平面BCD, 所以BC⊥A1O。
又BC⊥CO,CO A1O O,
CO 平面A1CD,A1O 平面A1CD,
所以BC⊥平面A1CD。 又A1D 平面A1CD, 所以BC A1D。(5分) (II)因为矩形ABCD, 所以A1D⊥A1B。 由(I)知BC⊥A1D。
又BC A1B B,BC 平面A1BC,A1B 平面A1BC, 所以A1D 平面A1BC。 又A1D 平面A1CD,
所以平面A1BC 平面A1CD。(10分)
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(III)因为A1D 平面A1BC, 所以A1D A1C。
因为CD=10,A1D 6,所以A1C 8。 所以VA1 BCD VD A1BC
11
6 8 6 48。(14分) 32
18. (共13分)
解:(I)当a 1时,f x x 3x,
3
2
则f x 3x 6x,
2
由f x 0,得x 0,或x 2, 由f x 0,得0 x 2,
所以f x 的单调递增区间为 ,0 , 2, ,单调递减区间为(0,2)。(6分) (II)依题意,对 x 1,3 ,ax3 3x2 3ax2 6x 0,
3x2 6x3x 6这等价于,不等式a 3对x 1,3 恒成立。
x 3x2x2 3x
令h x
3x 6
x 1,3 ,
x2 3x
则h x x
3x2 4x 6
2
2
3 x 2 2 0,
x 3x 3x22
2
所以h x 在区间 1,3 上是减函数, 所以h x 的最小值为h 3 所以a
5。 6
55
,即实数a的取值范围为( ,]。(13分) 66
19. (共13分)
解:(I)由题意 2m 10 m 2 m m 0 ,
2
2
解得m 2。
x2y2
1。 所以椭圆W:62
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(II)设直线l的方程为y k x 3 。
y k x 3 , 联立 x2 y2
1 2 6
得1 3k
2
x
2
18k2x 27k2 6 0。
由直线l与椭圆W交于A、B两点,可知 △ 18k
22
41 3k227k2 6 0,解得k2
2
。 3
设点A,B的坐标分别为(x1,y1), x2,y2 ,
18k227k2 6
则x1 x2 ,x1x2 , 22
1 3k1 3k
y1 k x1 3 ,y2 k x2 3 。
因为F(-2,0),设点A关于x轴的对称点为C′,则C′(x1, y1), 所以FC x1 2, y1 ,FB x2 2,y2 。 又因为 x1 2 y2 x2 2 y1
x1 2 k x2 3 x2 2 k x1 3 k 2x1x2 5 x1 x2 12 54k2 12 90k2
k 12 22
1 3k1 3k
k54k2 12 90k2 12 36k2
0,
1 3k2
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所以B,F,C′共线,从而C与C′重合,故点A与点C关于x轴对称。(13分)
20. (共14分)
解:(I)由f x x lnx 2,可得f x 1 故f x 在 1, 上单调递增,
而f 3 1 ln3 0,f 4 2 ln4 0, 所以f x 存在唯一的零点x0 3,4 。(7分)
(II)由(I)f x 存在唯一的零点x0显然满足:x0 lnx0 2 0,且当x 1,x0
1x 1 0, xx
时,
f x f x0 0;当x x0, 时,f x f x0 0。
当x 1时,g x k x 1 等价于设h x 则h x
xlnx x
k。
x 1
xlnx x
,
x 1
x lnx 2
x 12
f x
x 12
,故h x 与f x 同号,
因此当x 1,x0 时,h x 0;当x x0, 时,h x 0。 所以h x 在 1,x0 上单调递减,在 x0, 上单调递增, 故h x min h x0
x0 lnx0 1 x0 x0 1
x0。
x0 1x0 1
由题意有k h x min x0,又k Z,而x0 3,4 ,故k的最大值是3。(14分)
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