理论力学试题及答案
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2002~2003学年 第一学期 五 理论力学(AⅠ)期终试题 01级土木(80学时类)用
(一) 单项选择题(每题2分,共4分)
1. 物块重P,与水面的摩擦角?m?20o,其上作用一力Q,且已知P=Q,方向如图,则物块的状态为( )。
A 静止(非临界平衡)状态 B 临界平衡状态 C 滑动状态 D 不能确定
P30o Q
(a)(b)
第1题图 第2题图
2. 图(a)、(b)为两种结构,则( )。
A 图(a)为静不定的,图(b)为为静定的 B 图(a)、(b)均为静不定的 C图(a)、(b)均为静定的 D图(a)为静不定的,图(b)为为静定的
(二) 填空题(每题3分,共12分)
1. 沿边长为a?2m的正方形各边分别作用有F1,F2,F3,F4,且
F1=F2=F3=F4=4kN,该力系向B点简化的结果为:
主矢大小为FR?=____________,主矩大小为MB=____________ 向D点简化的结果是什么? ____________。
F3DCROr?FF4AF2F1BB
A
第1题图 第2题图
?mkN,求2. 图示滚轮,已知R?2,r?1m,??30,作用于B点的力F?4力F对A点之矩MA=____________。
1
3. 平面力系向O点简化,主矢FR?与主矩MCO?1如图。若已知F0kN,R?,求合力大小及作用线位置,并画在图上。 M?20kN?mO
ABFR?MOO?O2BO1O2
第3题图 第4题图
4. 机构如图,O1A与O2B均位于铅直位置,已知OAm,Om,1?32B?5?rads,则杆O1A的角速度?O1A=____________,C点的速度=____________。 OB?32(三) 简单计算题(每小题8分,共24分)
1. 梁的尺寸及荷载如图,求A、B处的支座反力。 q0=2kN/m P=2kN
M=4kN·m
AB 1m2m1m
2. 丁字杆ABC的A端固定,尺寸及荷载如图。求A端支座反力。
q0=6kN/m
P=6kNC B
M=4kN·m A
A?OB?r?0.4mO3. 在图示机构中,已知O,O,O1A杆的角速1212?AB度??4rads,角加速度??2rads2,求三角板C点的加速度,并画出其方向。
CAB??O 2 O1
(四) 图示结构的尺寸及载荷如图所示,q=10kN/m,q0=20kN/m。求A、C处约束反力。
3m
qB
q0 C
(五) 多跨静定梁的支撑、荷载及尺寸如图所示。已知q=20kN/m,l=2m,求支座A、D、E处的约束反力。 q AD BC2m2m2m2m
(六) 复合梁的制成、荷载及尺寸如图所示,杆重不计。已知q=20kN/m,l=2m,求1、2杆的内力以及固定端A处的约束反力。
H
60o2
q
GE q
AB ll
(七) 图示机构中,曲柄OA=r,以角速度??4rads绕O轴转动。OC1//O2D,O1C=O2D=r,求杆O1C的角速度。
ABDrCrO1A4.5m E D1C 30orOO2 3 五 理论力学(AⅠ)期终试题解答
01级土木(80学时类)用
(一) 单项选择题
1. A 2. B (二) 填空题
1. 0 ; 1; F 6kN?m0 , M?16kN?m??RD2. M ??2.93kN?mA3. 合力F0kN,合力作用线位置(通过O1)d?2m R?14. 4.5rads ; 9ms
(三) 简单计算
1. 取梁为研究对象,其受力图如图所示。有
MOOO1FR?d=2mFR ?X?0 ,F?M(F)?0 ,AAx?0q0=2kN/mQ=3kNP=2kNM=4kN·mFB?2?P?3?M?0??FB?5kNFAy?FB?P?Q?0FAy?0kN
FAxFAy1mA2mFB?Y?0 ,B1m 2. 取丁字杆为研究对象,其受力图如图所示。有
?X?0,?Y?0,?FAy?4.5kNFAx?P?01FAy?q0?1.5?02q0=6kN/mP=6kNBC4m?FAx??6kN
M=4kN·mA1(F)?0,MA?M?P?4?q0?1.5?1?02?MA?32.5kN?m?MAFAxFAyMA1.5m1.5m 3. 三角板ABC作平动,同一时刻其上各点速度、加速度均相同。故 a?a?a?aCAAnA?222aa??0.4?4?6.4ms CnAnr?C?aCnAaC?aA?B2a???aA??0.42?0.8ms C?A?O??aAn?O
(四) 解: (1) 以BC为研究对象。其受力图如图(a)所示,分布荷载得 O1 FByFBxQ =22.5kNB4.5m q04 CFC(a) 合力Q=22.5kN
MF?0 , F?4.5??Q30????BC 所以 F?15kNC1X?0 , F?F?q4.5?0?AxC0? 2 所以 F?7.5kNAx=
(2) 以整体为研究对象。其受力图如图(b)所示。
3mqBAY?0 , F?q?3?0?AyMA 所以 F30kNAx= ?M??0A?F112M?3?q4.5?3?F4.5?0 A?q0?C?22 所以 M45kNA??4.5m
FAxFAyFCq0C(b) (五) 解: (1) 以BC部分为研究对象,其受力图如图(b)所示。 ?MFCy?2?B?F??0A2m(a)qE2m1q?22?0 2 所以 FCy?20kNB2mCD2mq=20kN/m?X?0 , F?Y?0 , FBx?FCx?0?FCy?2q?0
FBxFCxB2m(b)CBy 所以 F20kNBy=FByFCy (2) 以CD部分为研究对象,其受力图如图(c)所示。 ?X?0 , FCx?0所以 FBx?0 ?ME?F??0
?FCxqQ=40kNECD2m(c)?FCyFD2mFE 8FCy?4?Q??FD?2?0
3 所以 FD?93.3kNY?0 , F?F?F?Q?0?
EDCy? F=?33.3kN E(3) 以AB部分为研究对象,其受力图如图(d)所示。
所以 F0Ax?Ayq=20kN/mX?0 , F?F?0 ?F?0?
AxBxBxFAxMA?FBxBA2m(d)FAy?FBy ? F60kN Ay=Y?0 , F?q?2?F?0?
By 5
12 MF?0 , M?q?2?F??20???AABy 2 所以 M?80kN?mAH60oq2(六) 解: (1)取BC部分为研究对象,其受力图如图(b)所示。 12MF?0 , F?q?2?0???B1 2 所以 F20kN1?Gq=20kN/mBDF1CEqB(a)1
oFBxACllFByl=2m(b) E F2q=20kN/m(2)取ED部分为研究对象,其受力图如图(c)所示。 12MF?0 , Fsin30??2q?2?2F?0???E21 2 所以 F80kN2?FExDl=2m(c)FEyF1 (3)取ABC部分为研究对象,其受力图如图(d)所示。 ?X?0 , F?Y?0 , FAAx?0MAq=20kN/mAB(d)F1CAy?q?4?F1?0 FAx 所以 F60kNAy=MF0 , M?q?4?F?4?0???? 22A1FAy2m2m 1 所以 M80kN?mA?(七) 解:杆AB作平面运动,A、B两点的速度方向如图。
由速度投影定理,有
?Bcos30o??A2r?
? ?B?3?BDrCrO1?ABArO30o杆O1C的角速度为
?B ??4.62rads O1?rO2
6
2003~2004 学年 第一学期 七 理论力学(AI)期终试题 02级土木(80学时类)用
(一) 概念题(每题2分,共6题)
1. 图示两种构架均不计杆重,在AB杆上作用一力F,若将力F沿作用线移至AC杆上,试问两构架在B、C处的约束反力有无变化( )。 A 两构架在B、C处约束反力均有变化; B 两构架在B、C处约束反力均无变化; C 图(a)构架在B、C处约束反力有变化; 图(b)构架在B、C处约束反力无变化; D 图(a)构架在B、C处约束反力无变化; 图(b)构架在B、C处约束反力有变化。
A
F BF4BCDDC(a) CF3ACF 2FBF1 DAABOBCA (a) (b)(b)
第1题图 第2题图 第3题图 2. 大小相等、方向与作用线均相同的4个力F1、F2、F3、F4对同一点O之矩分别用M1、M2 、M3 、M4表示,则( )。
A M1>M2 >M3 >M4 ; B M1
4. 图示桁架中的零杆为 。 A
B461014 AB135711 31591 8122
FF? BPvB 0A60 第4题图 第5题图
7
第6题图
5. 均质杆AB重P=6kN,A端置于粗糙地面上,静滑动摩擦系数fs = 0.3,B端靠在光滑墙上,杆在图示位置保持平衡,则杆在A端所受的摩擦力Fs为( )。
A Fs=1.5 kN; B Fs=3 kN; C Fs=1.8 kN; D Fs=2 kN。 6. 杆AB作平面运动,某瞬时B点的速度?B=2m/s, 方向如图所示,且=45°,则此时A点所有可能的最小速度为( )。 ?A ?A=0; B ?A=1m/s ;C ?A=2m/s ; D ?A=2m/s。 (二) 图示刚架自重不计,受水平力F=10kN。求支座A、B的约束反力。(7分)
C A
l
(三)图示构架不计自重,受力偶M=6kN·m作用,且a=2m,求支座A的约束反力。(7分)
C
A300
a
(四)图示构架不计自重,已知AC⊥BC,BC杆受力偶M=6kN·m作用,且lFBl DBM l=22m,求支座A的约束反力。(7分)
C M A
(五)图示机构中,已知AO=AB=BC=AC==2 m。O、A、C位于同一水平线上。OA杆的角速度为ωOA=2rad/s,求AB杆、BC杆的角速度。(7分) B
lC 8 lB AωOAO
(六)图示结构中,已知F=190N,q=100N/m,BC==3m,AD=10m。求A、B处的约束反力。(15分) CF
D
(七)多跨静定梁如图所示,已知q=10 kN/m,M=10 kN·m,a=2 m。求A处的约束反力。(15分)
A60°Bq qACMBa2a3a (八)在图示结构中,已知qo=10 kN/m,q=10 kN/m,a=3 m。求A、D处的约
E束反力。(15分)
602
q0 D q
AC aa
(九)在图示平面机构中,AB=CD=r=2m ,AB∥CD,AB以匀角速度ω=2rad/s绕A轴转动,求图示位置时导杆EF的速度和加速度。(15分) F BE0G1B Dω60°AC 9
七 理论力学(AI)期终试题 02级土木(80学时类)用
(一)概念题
1.D ; 2.D ; 3.D; 4.零杆为1. 2 . 5. 13. 11杆 5.B; 6.B; (二)解:因自重不计故AC为二力构件,其约束反力沿AC,且FFA??C,取BC为研究对象,其受力图如图(b)
yCFCFFCBlAllBFB
(b)
x
(a)
o?Fcos45?0X?0, F FB??B2F 22F 2o?Fcos45?0Y?0, F FC??CFA?FC?2F (由A指向C) 2(三)解:杆CD为二力杆,因构架在力偶作用下平衡,A、D处的约束反力处必形成力偶与之平衡,其受力图如图(b)所示
CAFCD300DDBMAa300DBM
FA
(b)
oM?0, F?asin30?M?O ?A 10
FA?M?6kN oasin30(四)解:(1)取BC为研究对象,其受力图如图(b),FB,FC形成力偶与M平衡
FCCClMl?22mM?6kN?mBlAB
FB
(a)图 (b)图
oM?O F?lcos45?M?0?B FB?M2M ??FColcos452lFCC(2)。以AC为研究对象,其受力图如图(C)
FAxAMAFAy
(C)图
X?0?F0 Ax?2MY?0FF??0F??F????3kN ?AyCAyC2l2M2oM???Flcos45???l???M?6kN?m ?AC22l(五)解:杆AB作平面运动,因固杆OA、BC作定轴转动,故已知A,B两点的
速度方向,其垂线的交点在C,故C点为杆AB的速度瞬心。
11
VBBllωOAC?VAABAOll VA?l?OA?l?AB ??AB??OA VB?l?AB?l?OA ?BC?VBl??oA (六)解:已知:l=3m q=100N/m F=190N AD=10m (1)取BC为研究对象,其受力图如图(b)所示
FAyAFAxFByFByFC60°BFCxCFFBxBBxDlqFCy3mq
(a) (b)
?MC(F)?0 12?3?2?FBy?0 FBy?100N (2). 取整体结构为研究对象,其受力图如图(a)
?Y?0 FAy?FBy?F?12q?3?0 FAy?FFBy??12q?3?100?190?150?140N
?MB(F)?0 F?ADcos60o?12q?3?1?FAx?ACsin60o?0 FAx?154N
?X?0 FAx?FBx?0 FAx?FBx?154N 12
(七) 解: 已知q=10kN/m M=10kN·m a=2m
(1).取BC为研究对象,其受力图如图(b)
qACMBa2a
3a
(a)
qFCxCMBFAxAqCMBFCyFAy
(b) (c)
FBMAFB
12?3a?M?qa?0M(F)?0 ? F Bc2 FB?5kN
(2)取整体结构为研究对象,其受力图如图(c)
X?0 F?Ax?0
Y?0 F F?q?4a?F?0?AyBAy?75kN
12M?q(4a)?M?F?6a?0M(F)?0 ?AAB22 MqkN?m ?8a??M6Fa?270AB(八)解:已知qo?10 kN/m,q=10kN/m , a=3m
E6002q0DqAaCaG1BF1FCxCqB
FCy
13
(a) (b)
F1FAxAqCBFDxq0F230oGMA
DFAy
FDyF1
(c) (d) (1)取BC为研究对象,其受力图如图(b)
12 kN M(F?0)F?a?qa?0F1511?C2 (2) 取ACB为研究对象,其受力图如图(c)
?
X?0 F?Ax?0
Y?0? FAy?45kN F?q?2a?F?0Ay1M(F)?0?A12M?(2a)?F?2a?0 Aq12MA?90kN?m
(3)取DG为研究对象,其受力图如图(d)
M(F?0)?D12ao Fsin30?2a?F?2a?q?2a??021o23 F2?50kN
X?0?oF?Fcos30?0 FDx?43.3kN Dx2Y?0? FDy?20kN
1oF?q?2a?Fsin30?F?0 Dyo212(九) 解:
(1)取套筒E为动点,杆BD为动系,动系做平动,其速度矢量如图(a)所示
??v??2?24? vm/s Ber
由点的速度合成定理,有
? 14
vrBF
vvva?e?r
oAE60oω60°vaveCD?v?vcos60?2 vm/s EFae (a)
(2)以套筒E为动点,杆BD为动系,动系作平动,由牵连运动为平动时的 加速度合成定理,有 aa?ae?ar
其加速度矢量图如图(b)所示
aae?Bn?r?2?2?4?8m/s2 a?aEF?aesin60o??832?6.93m/sa
FarBEDaBnω60o60°aeAaaC (b) 15
2003~2004学年 第一学期 六 理论力学(AⅡ)期终试题 01级土木(80学时类)用
(一) 概念题及简单计算题(共30分)
1. 均质直角弯杆质量为m,尺寸如图。已知在图示位置时(OA水平时),其角速度为?,试写出:(15分)
(1) 动量大小p= (2) 对O轴的动量矩大小LO= (3) 动能T= (4) 图示位置时弯杆的角加速度?= (5) 惯性力向O点简化,主矢大小F?gR= ,FgOngR=
主矩大小M=
kB A AM ?B?O
lOl C
第1题图 第2题图
2. 图示机构中,套筒A可以沿杆OB滑动,并带动AC沿竖直槽滑动。刚度系数为k的弹簧系结如图,且知当OB水平时弹簧为原长。系统各处光滑。在图示位置平衡。试写出:(15分)
(1) 系统的自由度数为
(2) 虚功方程为
(3) 平衡时力偶M与角?的关系 (二) 长为l,质量为m的均质杆OA,其一端O铰接,另一端A系一刚度为k的弹簧,弹簧原长为l。求当杆OA从图示铅直位置无初角速度顺时针转到水平位置时,它的角速度、角加速度。(20分) k
A
O
l
lBll 16
(三) 均质直角弯杆质量为m,尺寸及悬吊如图所示。弹簧刚度系数为k,静平衡时OA水平,轴承O光滑。求弯杆作微小振动时的振动微分方程。(15分) B
?
k A
Ol
(四) 图示系统中,圆盘O、C质量均为m,半径均为R,盘C在斜面上只滚不滑。两盘用细绳系住,绳与盘之间无相对滑动。求斜面对盘C的约束反力及绳内的张力。(20分) O C
D ?
(五) 图示平行四边形机构,杆重不计,各处光滑。已知OD=DA=AB=BC=CD=DE=l,在铰A、C之间连以刚度系数为k的弹簧,弹簧原长为l,在铰B处作用以水平力P。求平衡时力P与角?的关系。(15分) y
AE ?? Bk DlPO??xC 17
六 理论力学(AⅡ)期终试题 01级土木(80学时类)用
(一) 概念题及简单计算
1.
2ml? 41m122 (2) L ?2??l??ml?o3231(3) T?ml2?2
63g12ml (4) ??(J??M , ml??g?) OO4l322y (1) p?A2COC=4llBlxO (5)
232?F?ma?ml??mg gRC?416
nFagR?mCn?22 ml?41M??mgl gO?JO42. (1) 1
(2) M ???Fr?r?0ll ?l)tan????0cos?cos?ll?(?l)tan??0 (3) Mk
cos?cos??ra?reM?rrFAkB或 M???k(??O?lC(二) 解: 应用动能定理求角速度
T??TW , T?0 , 即 0?021122lk2?2??ml??0?mg?l?l?l ????2322 Bk?? ??3g2.484k ?lmA 应用刚体定轴转动微分方程求角加速度
JO??MO,即
O?lF=klmgll B?12lml??mg?kl232
3g3k? ???2lmlk(三) 解: 在静平衡位置,弹簧变形所对应的静力与重力平衡,即 Omg/2Al?0Fmg/2 18 ??? ml1g??Fl?0 , F?mg00224 F?00?k由刚体定轴转动微分方程,有
1l1l??J??mgcos??mgsin??k(?lsin?)clos?O0?2222 12 =mglsin??klcos?sin?4微小振动时,有 cos??1 , sin??? 又 JO?ml2 ,于是有
12?1?????mml?gl?kl2?? 3?4?131??3?kl2?mgl?4???0 ???? 即 ?ml(四) 解 应用达朗伯原理求解。
(1) 以圆盘O为研究对象,设其角加速度为?1,惯性力主矩JO?1。受力图如图(b)
?M)?0O(F12 ?mR?1?FR??021所以 FR?1)?=m1 (2CD?O(a)F?Fx?1JO?1Omg(b)Fy (1) 以圆盘C为研究对象,设其角加速度为有 R,其惯性力系向质心C简化,主矢主矩受力图如图(c) ??2R? , ??1 , a?R?,mamR?JC?2。122C2C?2,
2?将?2??1 代入(1)式,得 2FR???m2
?2acyF?macJC?2CxFFN ?M)?0D(F2 JC?R?R?mgRsin??0 2?m2?F?2mg?D(c)2g所以 ?=sin? 27R 19
2F?mR??mgsin? ?27 X?0 , F?mgsin??F?ma?0 , F?mgsin???73C YF?0 , ?mgcos??FF?0 , ?mgcos???NN(五) 解 解除弹簧约束;代以约束反力F,F?,并视为主动力。
FF???k?2lsin??l? xB?3lcos? , ?xB??3lsin???y?2lsin ? , ?y
AA?2lcos???虚功方程为
??P??xB???Fy??A?0 ??P???3lsin??????kl2sin??1??2lcos????? 0 得 3Psin??22kl?sin??10?? yEA??FBDF?PO??xC 20
2004—2005学年第二学期
理论力学AⅡ A
2003级土木专业及2003级土木茅以升班适用
一、概念题及简单计算题
1(4分)图示机构中,已知均质杆AB的质量为m,且OA?OB?r,OOB?l,1212?A。若曲柄O1A转动的角速度为?,则杆AB对O轴的OO?OOl212?动量矩LOAB的大小为( )
O1?OO2?①LO?0
②LO?mr2? ④LO?12mr? 2Z1③Lmr2? O?22(4分)已知刚体的质量为m,对Z1轴的转动惯量为J的距离分别为b,a则刚体对Z22?J?m(a?b)①J ZZ212,质心C到Z1,Z2轴
Z2ZZ1轴的转动惯量为( )
aCb
22?J?m(a?b)②J ZZ2122?J?m(a?b)④J ZZ2122?J?m(a?b)③J ZZ213(10分)质量为m长为l的均质杆支承如图。今突然撤出支座B,则该瞬时杆的角加速度?为( )
3g l3g3g③?? ④??
2l4l①??0 ②??AB4(10分)弹簧的原长为r,刚度系数为k,系在物块A点。当物块A从A点移动到B点时,
弹性力所作的功为( )
AB k44①kr2 ②?kr2 9922③kr2 ④?kr2 992r32r5(10分)质量为m,长为l的均质杆AB,其A端与滑块A铰接,若已知滑块A的速度为
vA,杆的角速度为?,不计滑块A的质量,则杆的动能为( )
l2AvA?C 21 l2B11212 JA?2 ② T?mv?A?JA222121122③ T?m ④ v?J?T?mvCCc
222① T?
6(10分)质量为m,长为l的均质杆OA,静止在铅垂位置,则在微小扰动下倒至水平位置时的角速度?为( )
A①??3g 2l②??3g l3g 4lAO③??g ④??l7(4分)质量为m,长为l的均质杆OA,绕定轴O转动的角速度为?,角加速度为?。将惯性力系向转轴O简化的主矢大小为( )主矩大小为( )。并画在图上。 O
?
8(10分)长为l重为P的均质杆AB放置如图。在A点的水平力F作用下保持平衡,若各处光滑,则虚功方程为( )
y
B C PA?
二、卷扬机如图,已知鼓轮半径为R,质量为m,绕O轴转动,对O轴的回转半径为?。小车A的总质量为
C?AFxORMm1?2m。作用在鼓轮上的常力偶矩为
AM。设绳的质量及各处摩擦不计,求小车的加速的。(12分)。
三、图示系统由均质轮O,轮C组成,两者之间连以细绳。轮
?OMrSrC 22 ?C在斜面上只滚不滑,在轮O上作用一常力偶,其矩为M。若轮O的质量为m,轮C的质量为2m,系统初始静止。求轮C中心沿斜面上升S时的速度
vC和加速度?C。(13分)
四、质量为m,长为的均质杆,其A端铰接于圆环内侧,其B端则靠在圆环内侧。圆环半径为R,以角速度?,角加速度?绕中心铅垂O转动。若不计圆环的质量和各处摩擦,试求杆在A、B处的约束反力。(13分)
y
B?
? O(Z) A R
五、平行四边形机构如图所示。已知OE=AE=BE=CE=CD=BD=l。所连弹簧原长为l,刚度系数为k,在A处作用一铅垂向下的力P,在D处作用一水平向左的力F。试用虚位移原理求系统平衡时力F与P的关系(12分)
y
PC A lll
Ek lll
? O B
23
xDFx 答案 一、
1、② 2、④ 3、③ 4、② 5、③ 6、②
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3
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