高一物理牛顿运动定律综合测试题 试卷及参考 答 案

高一物理牛顿运动定律综合测试题 1

一．本题共10小题；每小题4分，共40分. 在每小题给出的四个选项中，有的小

题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.把答案填在答题卷的表格内。

1．下面单位中是国际单位制中的基本单位的是 （ ） A．kg Pa m B．N s m C．摩尔 开尔文 安培 D．牛顿 秒 千克

2．一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路

程的讨论正确的是 （ ） A．车速越大，它的惯性越大 B．质量越大，它的惯性越大

C．车速越大，刹车后滑行的路程越长

D．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大 3．一质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，加速度大小为1g（g为重力加速

3度）。人对电梯底部的压力大小为 （ ） A．1mg B．2mg C．mg D．4mg

334．一轻弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4cm．再将重物向下拉

1cm，然后放手，则在刚释放的瞬间重物的加速度是 （ ） A．2.5 m/s2 B．7.5 m/s2 C．10 m/s2 D．12.5 m/s2

5．如图所示，一物块位于光滑水平桌面上，用一大小为F 、

F 方向如图所示的力去推它，使它以加速度a右运动。若保持力的方向不变而增大力的大小，则 （ ） A．a 变大 B．不变

C．a变小 D．因为物块的质量未知，故不能确定a变化的趋势

6．如图所示，两物体A和B，质量分别为，m1和m2，相互接触放在水平面上．对

物体A施以水平的推力F，则物体A对物体B的作用力等于 （ ） A．

m1m2F B．F

m1?m2m1?m2m2F m1A F m1 B m2 C．F D．

7．在升降机内，一个人站在磅秤上，发现自己的体重减轻了20％，于是他做出了

下列判断中正确的是 （ ） A．升降机以0.8g的加速度加速上升 B．升降机以0.2g的加速度加速下降

C．升降机以0.2g的加速度减速上升 D．升降机以0.8g的加速度减速下降

8．竖直向上射出的子弹，到达最高点后又竖直落下，如果子弹所受的空气阻力与

子弹的速率大小成正比，则 （ ） A．子弹刚射出时的加速度值最大 B．子弹在最高点时的加速度值最大 C．子弹落地时的加速度值最小 D．子弹在最高点时的加速度值最小

9. 如图，物体A、B相对静止，共同沿斜面匀速下滑，正确的是 （ ）

A． A与B间 没有摩擦力 B．B受到斜面的滑动摩擦力为mBgsinθ

C．斜面受到B的滑动摩擦力，方向沿斜面向下 D．B与斜面的滑动摩擦因素 μ= tan θ

A B V θ 10．如图所示，一个箱子放在水平地面上，箱内有一固

定的竖直杆，在杆上套着一个环．箱和杆的质量为M，环的质量为m．已知环沿着杆加速下滑，环与杆的摩擦力的大小为f，则此时箱对地面的压力 （ ） A．等于Mg B．等于(M+m)g C．等于Mg+f D．等于(M+m)g ? f

二．本题共4小题，共20分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答

11．在探究加速度和力、质量的关系的实验中，测量长度的工具是：______________，

精度是___________ mm，测量时间的工具是____________________，测量质量的工具是________________。

F / N 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60 12．某同学在加速度和力、质

量的关系的实验中，测得小－0.19 0.29 0.40 0.51 a / m·s2 0.11 车的加速度a和拉力F的数据如右表所示

（1）根据表中的数据在坐标图上作出a — F图象 （2）图像的斜率的物理意义是____________

（3）图像（或延长线）与F轴的截距的物理意义是

_______________________________________ （4）小车和砝码的总质量为 __________ kg． 13．认真阅读下面的文字，回答问题。

科学探究活动通常包括以下环节：提出问题，作出假设，制定计划，搜集证据，评估交流等．一组同学研究“运动物体所受空气阻力与运动速度关系”的探究过程如下：

A．有同学认为：运动物体所受空气阻力可能与其运动速度有关．

B．他们计划利用一些“小纸杯”作为研究对象，用超声测距仪等仪器测量“小纸杯”在空中直线下落时的下落距离、速度随时间变化的规律，以验证假设． C．在相同的实验条件下，同学们首先测量了单只“小纸杯”在空中下落过程中

不同时刻的下落距离，将数据填入下表中，图（a）是对应的位移 一 时间图线．然后将不同数量的“小纸杯”叠放在一起从空中下落，分别测出它们的速度 一 时间图线，如图（b）中图线 l、2、3、4、5所示．

D．同学们对实验数据进行分析、归纳后，证实了他们的假设．回答下列提问： (1) 与上述过程中A、C 步骤相应的科学探究环节分别是________、________． (2) 图（a）中的AB段反映了运动物体在做________运动，表中 X 处的值为________． (3) 图（b）中各条图线具有共同特点，“小纸杯”在下落的开始阶段做_____________

运动，最后“小纸杯”做_____________________ 运动．

(4) 比较图（b）中的图线1 和 5，指出在 1.0 s ～ 1.5s 时间段内，速度随时间变

化关系的差异：_____________________________________________________． 时间 下落距离 t/s 0.0 0.4 0.8 1.2 1.6 2.0 s/m 0.000 0.036 0.469 0.957 1.447 X

三．本题共小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只

写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 14．在汽车中悬挂一小球，当汽车在作匀变速运动时，悬线不在竖直方向上，则当

悬线保持与竖直方向夹角为θ时，汽车的加速度有多大？并讨论汽车可能的运动情况。

θ

15．一水平的传送带AB长为20m，以2m/s的速度顺时针做匀速运动，已知物体与

传送带间动摩擦因数为0.1，则把该物体由静止放到传送带的A端开始，运动到B端所需的时间是多少？

A B

v

16．物体质量m = 6kg，在水平地面上受到与水平面成370角斜向上的拉力F = 20N

作用，物体以10m/s的速度作匀速直线运动，求力F撤去后物体还能运动多远？

F

17．在水平面上放一木块B，重力为G2 = 100N。再在木块上放一物块A，重力G1 =

500N，设A和B，B和地面之间的动摩擦因数μ均为0.5，先用绳子将A与墙固定拉紧，如图所示，已知θ = 37o，然后在木块B上施加一个水平力F，若想将B从A下抽出，F最少应为多大？

θ

A F B 18．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A 、B ．它

们的质量分别为mA、mB，弹簧的劲度系数为k , C为一固定挡板。系统处于静止状态。现开始用一恒力F沿斜面方向拉物块A 使之向上运动，求物块B 刚要离开C时物块A 的加速度a 和从开始到此时物块A 的位移d。 A C B θ

高一物理牛顿运动定律综合测试题

参考答案

题号 答案 1 C 2 BC 3 D 4 A 5 A 6 B 7 BC 8 AC 9 CD 10 C 11._刻度尺__、_1__mm 、打点计时器_、__天平___. 12.（1） -2 （2）小车和砝码的总质量的倒数 /ms a （3）小车受到的阻力为0.1N

（4）________1_______kg

0.2

0 F/m 0.1 0.2

13.（1）作出假设、搜集证据.

（2）_______匀速________运动，______1.937________.

（3）加速度减小的加速_运动，_______匀速_______运动.

（4）图线1:匀速运动;图线5:. 加速度减小的加速运动 三、本题共小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 14: F tanθ = ma a = gtanθ

物体向右做匀加速；物体向左做匀减速 θ F 2

15．Μmg = ma a = μg = 1m/st1 = v/a =1s

x1 = at2/2 = 2m x2 = x—x1=20m—2m=18m t2 = x2/v = 9s G t = t1+t2 = 11s

Ff A B v

16：Fcosθ—μFN = 0 FN + Fsinθ—mg = 0

μ = 1/3 a = μg = 10/3 m/s2 x = 15m Ff 17: FNA FT FNB FT F f1Ff2 F F G1+G2 G 1 FTcosθ—μFNA = 0 FNA + FTsinθ—G1 = 0 FT = 227.3N F — μFNB — FTcosθ=0

FTsinθ + FNB — G1 — G2 = 0 F = 413.6N 18.

kx1 = mAgsinθ kx2 = mBgsinθ

F— kx2 — mAgsinθ = mAa C B a = (F— mAgsinθ— mBgsinθ)/mA

θ d = x1 + x2 = (mA + mB)gsinθ/k

FN F G θ A B A

16：Fcosθ—μFN = 0 FN + Fsinθ—mg = 0

μ = 1/3 a = μg = 10/3 m/s2 x = 15m Ff 17: FNA FT FNB FT F f1Ff2 F F G1+G2 G 1 FTcosθ—μFNA = 0 FNA + FTsinθ—G1 = 0 FT = 227.3N F — μFNB — FTcosθ=0

FTsinθ + FNB — G1 — G2 = 0 F = 413.6N 18.

kx1 = mAgsinθ kx2 = mBgsinθ

F— kx2 — mAgsinθ = mAa C B a = (F— mAgsinθ— mBgsinθ)/mA

θ d = x1 + x2 = (mA + mB)gsinθ/k

FN F G θ A B A

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