2011年高考广东省理科数学试题
更新时间:2023-08-24 00:51:01 阅读量: 教育文库 文档下载
2011年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷)
数学(理科)
本试卷共4页,21小题,满分150分.考试用时120分钟
注意事项: 1.答卷前,考生务必用黑色笔迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、考场号、座位号
填写在答题卡上。用2B铅笔讲试卷类型(A)填涂在答题卡相应的位置上。将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。
2.选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案,答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,满分40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1. 设复数z满足 1 i z 2,其中i为虚数单位,则z= A.1 i B. 1 i C. 2 2i D.2 2i 2.已知集合A
x,y ∣x,y为实数,且x
2
y2 1 ,B x,y x,y为实数,且y x ,则A B
的元素个数为
A.0 B.1 C.2 D.3
3. 若向量a,b,c满足a∥b且a⊥b,则c (a 2b)
A.4 B.3 C.2 D.0
4. 设函数f x 和g x 分别是R上的偶函数和奇函数,则下列结论恒成立的是 A.f x g x 是偶函数 B.f x g x 是奇函数 C.f x g x 是偶函数 D.f x g x 是奇函数
0 x
5. 在平面直角坐标系xOy上的区域D
由不等式组 y 2给定。若M(x,y)为D上的动点,点A
x
ON的最大值为 的坐标为,则z OM
A
. B
. C.4 D.3
6. 甲、乙两队进行排球决赛,现在的情形是甲队只要在赢一次就获冠军,乙队需要再赢两局才能得冠军,若两队胜每局的概率相同,则甲队获得冠军的概率为 A.
1323 B. C. D. 2534
7. 如图1-3,某几何体的正视图(主视图)是平行四边形,侧视图(左视图)和俯视图都是矩形,则该几何体的体积为
A.
8.设S是整数集Z的非空子集,如果 a,b S,有ab S,则称S关于数的乘法是封闭的. 若T,V是Z的两个不相交的非空子集,T U Z,且 a,b,c T,有abc T; x,y,z V,有xyz V,则下列结论恒成立的是
A. T,V中至少有一个关于乘法是封闭的 B. T,V中至多有一个关于乘法是封闭的 C. T,V中有且只有一个关于乘法是封闭的
D. T,V中每一个关于乘法都是封闭的
二 填空题:本大题共7小题,考生作答6小题,每小题5分,满分30分。 (一)必做题(9-13题)
9. 不等式x 1 x 3 0的解集是 .
7
2 4
10. x x 的展开式中,x的系数是
x
a1 1,ak a4 0a
11. 等差数列
n
前9项的和等于前4项的和. 若,则k=____________.
2
f(x) x 3x 1在x=____________处取得极小值。 12. 函数
13. 某数学老师身高176cm,他爷爷、父亲和儿子的身高分别是173cm、170cm和182cm .因儿子的身高
与父亲的身高有关,该老师用线性回归分析的方法预测他孙子的身高为_____cm.
(二)选做题(14 - 15题,考生只能从中选做一题) 14.
(坐标系与参数方程选做题)已知两面线参数方程分别为
52 x t
4(t R),它们的交点坐标为___________. y t
x
(0 ) 和
y sin
15.(几何证明选讲选做题)如图4,过圆O外一点p分别作圆的切线和割线交圆于A,B,且PB=7,
C是圆上一点使得BC=5,∠BAC=∠APB, 则AB。
三.解答题:本大题共6小题,满分80分。解答需写出文字说明、证明过程和演算步骤。 16.(本小题满分12分)
已知函数f(x) 2sin(x (1)求f(
13
6
),x R.
5
)的值; 4
106
,f(3 2 ) ,求cos( )的值. (2)设 , 0, ,f(3a )
2135 2
17. 为了解甲、乙两厂的产品质量,采用分层抽样的方法从甲、乙两厂生产的产品中分别抽出取14件和5
(1(2)当产品中的微量元素x,y满足
x≥175,且y
≥75时,该产品为优等品。用上述样本数据估计乙厂生产的优等品的数量;
(3)从乙厂抽出的上述5件产品中,随机抽取2件,求抽取的2件产品中优等品数 的分布列极其均值(即数学期望)。
18.(本小题满分13分)
如图
5.在椎体P-ABCD中,ABCD是边长为
1的棱形, 且∠DAB=60
,PA PD E,F分别是BC,PC的中点. (1) 证明:AD 平面DEF;
(2) 求二面角P-AD-B的余弦值.
19.(本小题满分14分)
设圆C与两圆(x y 4,(x y 4中的一个内切,另一个外切。 (1)求圆C的圆心轨迹L的方程; (2)已知点M(
2
2
2
2
F,且P为L上动点,求MP FP的最大值及此时点P的坐标. 55
设b>0,数列 an 满足a1=b,an (1)求数列 an 的通项公式;
nban 1
(n 2)
an 1 2n 2.
bn 1
(2)证明:对于一切正整数n,an n 1 1.
2
在平面直角坐标系xOy上,给定抛物线L:y
12
x实数p,q满足p2 4q 0,x1,x2是方程4.
x2 px q 0的两根,记 (p,q) max x1,x2 。
(1)过点A(p0,
12
p0)(p0 0)作L的切线教y轴于点B. 证明:对线段AB上任一点Q(p,q)有4
(p,q)
p02
;
2
(2)设M(a,b)是定点,其中a,b满足a-4b>0,a≠0. 过M(a,b)作L的两条切线l1,l2,切点分别
121
p1),E (p2,p22),l1,l2与y轴分别交与F,F'。线段EF上异于两端点的点集记为X.证明:44
p1
PM(a,b) X P (a,b) 12
2;
125(3)设D={ (x,y)|y≤x-1,y≥(x+1)-}.当点(p,q)取遍D时,求 (p,q)的最小值 (记为 min)44
和最大值(记为 max).
为E(p1,
2011年广东高考理科数学参考答案
一、选择题
二、填空题 9. [1, ); 14. (1,
10. 84;
15.
11. 10;
12. 2;
13. 185;
;
三、解答题 16.解:(1)f(
5 5
) 2sin( ) 2sin 41264
(2)f(3
2
) 2sin
105 12
, sin ,又 [0,], cos , 1313213
63
f(3 2 ) 2sin( ) 2cos , cos ,
255
又 [0,
2
], sin
4, 5
16. 65
cos( ) cos cos sin sin
17.解:(1)乙厂生产的产品总数为5 (2)样品中优等品的频率为
14
35; 98
22
,乙厂生产的优等品的数量为35
14; 55
i
C2C32 i
(3) 0,1,2, P( i) (i 0,1,2), 的分布列为 2
C5
均值E( ) 1
31 2 . 5105
18.解:(1) 取AD的中点G,又PA=PD, PG AD,
由题意知ΔABC是等边三角形, BG AD, 又PG, BG是平面PGB的两条相交直线,
AD 平面PGB, EF//PB,DE//GB, 平面DEF//平面PGB,
A
B
S
S
S
AD 平面DEF
(2) 由(1)知 PGB为二面角P AD B的平面角,
在Rt
PGA中,PG2
1713 ()2 ;在Rt BGA中,BG2 12 ()2 ;
2424
PG2 BG2 PB2在
PGB中,cos PGB .
2PG BG7
19.解:(1)两圆半径都为2,设圆C的半径为R
,两圆心为F1(
0)、F20),
由题意得R |CF1| 2 |CF2| 2或R |CF2| 2 |CF1| 2,
||CF1| |CF2|| 4 |F1F2|,
x2y2
可知圆心C的轨迹是以F1,F2为焦点的双曲线,设方程为2 2 1,则
abx2
2a 4,a 2,c b c a 1,b 1,所以轨迹L的方程为 y2 1.
4
(2)∵||MP| |FP|| |MF| 2,仅当PM PF( 0)时,取"=",
2
2
2
由kMF
2知直线lMF
x2
:y 2(x,联立 y2
1并整理得15x2 9
0解得
4
x
(舍去)
- 或x ,此时P(15555
. 55
所以||MP| |FP||最大值等于2
,此时P(20.解(1)法一:
anban 1nan 1 2(n 1)12n 1
,得, nan 1 2(n 1)anban 1bban 1
设
n21
bn,则bn bn 1 (n 2), anbb
(ⅰ)当b 2时, bn 是以即bn
11
为首项,为公差的等差数列, 22
111
(n 1) n,∴an 2 222
222
(bn 1 ),则bn bn 1 ( 1), bbb
(ⅱ)当b 2时,设bn 令 ( 1) 知bn
2
b11121,得 , bn (bn 1 )(n 2), b2 b2 bb2 b
11121是等比数列, bn (b1 ) ()n 1,又b1 , 2 b2 b2 bbb
12n112n bnnbn(2 b) bn () , an . nnn
2 bb2 b2 bb2 b
法二:(ⅰ)当b 2时, bn 是以即bn
11
为首项,为公差的等差数列, 22
111
(n 1) n,∴an 2 222
2b22b2(b 2)3b33b3(b 2)
(ⅱ)当b 2时,a1 b,a2 ,a2 2, 2 3
b 2b 22b 2b 4b 23
nbn(b 2)
猜想an ,下面用数学归纳法证明:
bn 2n
①当n 1时,猜想显然成立;
kbk(b 2)
②假设当n k时,ak ,则 kk
b 2ak 1
(k 1)b ak(k 1)b kbk(b 2)(k 1)bk 1(b 2) k , kkk 1k 1
ak 2(n 1)kb(b 2) 2k (b 2)b 2
所以当n k 1时,猜想成立,
nbn(b 2)由①②知, n N*,an . nn
b 2
2n 1
(2)(ⅰ)当b 2时, an 2 n 1 1,故b 2时,命题成立;
2
(ⅱ)当b
2时,b
2n
22n 2n 1bn,
b2n 1 2 b 22n 1 2n 1bn,
,bn 1 2n 1 bn 1 2n 1 2n 1bn,以上n个式子相加得
b2n b2n 1 2 bn 1 2n 1 bn 1 2n 1 b 22n 1 22n n 2n 1bn, n 2n 1bn(b 2)[(b2n b2n 1 2 b 22n 1 22n) bn 2n](b 2)an n 1n
2(b 2n)2n 1(bn 2n)(b2n b2n 1 2 b 22n 1 22n)(b 2) bn 2n(b 2)
2n 1(bn 2n)(b2n 1 22n 1) bn 1 2n bn 2n 1
2n 1(bn 2n)
(b2n 1 bn 1 2n) (bn 2n 1 22n 1)bn 1 n 1 1.故当b 2时,命题成立;
2n 1(bn 2n)2
综上(ⅰ)(ⅱ)知命题成立. 21.解:(1)kAB y'|x p0 (x)|x p0
直线AB的方程为y
1
21
p0, 2
12111
p0 p0(x p0),即y p0x p02, 4224
q
11
p0p p02,方程x2 px q 0的判别式 p2 4q (p p0)2, 24
p |p0 p|p0p
或p 0,
222
p0p
| ||p| |0||,又0 |p| |p0|, 22
两根x1,2
p p0 0, |p
|
p0pppppp
| |p| |0| |0|,得 |p 0| ||p| |0|| |0|, (p,q) |0|. 2222222
2
(2)由a 4b 0知点M(a,b)在抛物线L的下方,
①当a 0,b 0时,作图可知,若M(a,b) X,则p1 p2 0,得|p1| |p2|; 若|p1| |p2|,显然有点M(a,b) X; M(a,b) X |p1| |p2|. ②当a 0,b 0时,点M(a,b)在第二象限,
作图可知,若M(a,b) X,则p1 0 p2,且|p1| |p2|; 若|p1| |p2|,显然有点M(a,b) X;
M(a,b) X |p1| |p2|.
根据曲线的对称性可知,当a 0时,M(a,b) X |p1| |p2|, 综上所述,M(a,b) X |p1| |p2|(*);
由(1)知点M在直线EF上,方程x ax b 0的两根x1,2 同理点M在直线E'F'上,方程x ax b 0的两根x1,2 若 (a,b) |
2
2
p1p
或a 1, 22
p2p或a 2, 22
p1pppp
|,则|1|不比|a 1|、|2|、|a 2|小, 22222
p1p
| M(a,b) X;又由(1)知,M(a,b) X (a,b) |1|; 22
|p1| |p2|,又|p1| |p2| M(a,b) X,
(a,b) |
(a,b) |
p1
| M(a,b) X,综合(*)式,得证. 2
(3)联立y x 1,y
15
(x 1)2 得交点(0, 1),(2,1),可知0 p 2, 44
12
x0 q
112
过点(p,q)作抛物线L的切线,设切点为(x0,x0),则 x0,
x0 p24
2
得x0 2px0 4q
0,解得x0 p
,
又q
15
(p 1)2 ,即p2 4q 4 2p,
44
115 x0 p
t, x0 t2 t 2 (t 1)2 ,
222 max |
x055
|max,又x0 , max ; 224
p |p 2| 2,
q p 1, x0 p
min |
x0
|min 1. 2
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