2019年高考全国卷猜题卷理科综合物理试题（三）含详细解析

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2019年高考全国I卷猜题卷（三）

理科综合物理试题

（考试时间：60分钟 试卷满分：110分）

注意事项：

1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

4．测试范围：高考物理全部内容。

第Ⅰ卷

一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.质量为M＝1

kg的木板静止在粗糙水平面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ1，在木板的左端放置一个质量为m＝1 kg、大小可忽略的铁块．铁块与木板间的动摩擦因数为μ2，取g＝10

m/s2.若在铁块右端施加一个从0开始增大的水平向右的力F，假设木板足够长，铁块受木板摩擦力Ff随拉力F的变化如图所示．则两个动摩擦因数的数值为( )

A．μ1＝0.1，μ2＝0.2 C．μ1＝0.2，μ2＝0.4

B．μ1＝0.1，μ2＝0.4 D．μ1＝0.4，μ2＝0.2

2.如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆AB一端通过铰链固定在A点，另一端B悬挂一重为G的物体，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮C，用力F拉绳，开始时∠BAC>90°，现使∠BAC缓慢变小，直到杆AB接近竖直杆AC.此过程中( )

（答案三）第 1 页 共 15 页

A．轻杆AB对B端的弹力大小不变 B．轻杆AB对B端的弹力先减小后增大 C．力F逐渐增大

D．力F先逐渐减小后逐渐增大

3.如图4甲所示，Q1、Q2为两个固定着的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点，现有一电子，只在电场力作用下，以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动，其v－t图象如图乙所示，电子经过a、b两点的速度分别为va、vb，则( )

A．Q1一定带负电

B．Q1的电荷量一定小于Q2的电荷量 C．b点的电势高于a点的电势

D．电子离开b点后所受静电力一直减小

4.如图所示，空间存在一垂直于纸面向里的匀强磁场，在纸面内，一正三角形导体线框沿着垂直于磁场边界的虚线匀速穿过磁场区域．已知虚线垂直于AB边，且正三角形的高为磁场宽度的两倍．从C点进入磁场开始计时，以电流沿逆时针方向为正．关于线框中感应电流i随时间t变化的关系，下列四幅图可能正确的是( )

（答案三）第 2 页 共 15 页

5.如图，放置在光滑的水平地面上足够长的斜面体，下端固定有挡板，用外力将轻质弹簧压缩在小木块和挡板之间，弹簧的弹性势能为100

J．撤去外力，木块开始运动，离开弹簧后，沿斜面向上滑到某一位置后，不再滑下，则( )

A．木块重力势能的增加量为100 J

B．木块运动过程中，斜面体的支持力对木块做功不为零 C．木块、斜面体和弹簧构成的系统，机械能守恒 D．最终，木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行

6.如图所示，两个大小不计、质量均为m的物体A、B放置在水平地面上，一根长为L且不可伸长的轻绳两端分别系在两物体上，绳恰好伸直且无拉力，在绳的中点施加一个竖直向上的拉力F，使两物体慢慢靠近直至接触．已知两物体与水平地面间的动摩擦因数均为

3

，则在两物体靠近的过程中，下列说法正确的是( ) 3

A．拉力F一直增大

B．物体A所受的摩擦力不变

C．地面对A物体的支持力先减小后增大 D．当两物体间的距离为

3

L时，绳上的拉力最小 2

7.如图甲所示，假设某星球表面上有一倾角为θ＝30°的固定斜面，一质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上运动，其速度—时间图象如图乙所示．已知小物块和斜面间的动摩擦因数为μ＝km，引力常量为G＝6.67×10－11 N·m2/kg2，下列说法正确的是( )

3

，该星球半径为R＝6×104 9

A．该星球的第一宇宙速度v1＝3.0×104 m/s

（答案三）第 3 页 共 15 页

B．该星球的质量M＝8.1×1026 kg C．该星球的自转周期T＝1.3×104 s D．该星球的密度ρ＝895 kg/m3

8.如图所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场．质量为m、半径为R的圆环当通有恒定的电流I时，恰好k

能水平静止在N极正上方H处．已知与磁单极子N极相距r处的磁感应强度大小为B＝，其中k为常数．重力加速度为

rg.则下列说法不正确的是( )

A．静止时圆环的电流方向为逆时针方向(俯视) B．静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势 mg?H2＋R2?

C．静止时圆环的电流I＝

2πkR2D．若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落过程中加速度先增加后减小

第Ⅱ卷

二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第13~14题为选考题，考生根据要求作答。 （一）必考题：共47分。

9.（6分）如图为“测量弹簧劲度系数”的实验装置图，弹簧的上端固定在铁架台上，下端装有指针及挂钩，指针恰好指向一把竖直立起的毫米刻度尺。现在测得在挂钩上挂上一定数量钩码时指针在刻度尺上的读数如下表：

已知所有钩码的质量可认为相同且为m0=50g，当地重力加速度g=9.8m/s2。请回答下列问题：

（答案三）第 4 页 共 15 页

（1）请根据表格数据计算出弹簧的劲度系数，k=_______N/m。（结果保留两位有效数字）

（2）考虑到在没有挂钩码时弹簧自身有重量，测量的劲度系数与真实值相比较__________（填偏大，偏小，没有影响）。

10.（9分）现有一块灵敏电流计A1，量程为200 μA，内阻约为1kΩ，要精确测出其内阻Rg，提供的器材有： 电流表A2（量程为1 mA，内阻r＝50 Ω）； 滑动变阻器R（阻值范围为0～30 Ω）； 定值电阻R1（阻值R1＝100 Ω）； 定值电阻R2（阻值R2＝3kΩ）

电源E（电动势约为4.5 V，内阻很小）； 单刀单掷开关S一个，导线若干。

（1）请利用上述所有器材，设计出合理的，便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的，将电路图画在题中的虚线框中。

（2）在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算G表的内阻，表达式为Rg＝________，表达式中各符号表示的意义是___________________________________。

11.（12分）如图所示，质量M＝4 kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L＝5 m．从某时刻开始，有质量m＝2 kg的物块，以水平向右的速度v0＝6

（答案三）第 5 页 共 15 页

m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数μ＝0.4，取g＝10 m/s2，求：

(1)该过程所经历的时间t及物块与小车保持相对静止时的速度大小v； (2)该过程中物块发生的位移x1的大小及小车发生的位移x2的大小； (3)该过程中物块和小车间因摩擦产生的热量Q.

12.（20分）在竖直平面内建立一平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向，如图甲所示．第二象限内有一水平向右的匀强电场，场强为E1.坐标系的第一、四象限内有一正交的匀强电场和匀强交变磁场，电场方向竖直向上，场强E2＝E1q

，匀强磁场方向垂直纸面．处在第三象限的某种发射装置(图中没有画出)竖直向上射出一个比荷＝102 2mC/kg的带正电的微粒(可视为质点)，该微粒以v0＝4 m/s的速度从－x上的A点进入第二象限，并以速度v1＝8 m/s从＋y上的C点沿水平方向进入第一象限．取微粒刚进入第一象限的时刻为0时刻，磁感应强度按图乙所示规律变化(以垂直纸面向外的方向为磁场的正方向)，g＝10 m/s2.求：

(1)带电微粒运动到C点的纵坐标值h及电场强度E1的大小；

(2)＋x轴上有一点D，OD＝OC，若带电微粒在通过C点后的运动过程中不再越过y轴，要使其恰能沿x轴正方向通过D点，求磁感应强度大小B0及磁场的变化周期T0；

(3)要使带电微粒通过C点后的运动过程中不再越过y轴，求交变磁场磁感应强度B0和变化周期T0的乘积B0·T0应满足的关系？

（二）选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

13.【物理——选修3-3：热学】（15分）

（1）(5分) 关于热力学基础，下列说法正确的是________。(填正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)

A．温度越高，扩散进行得越快

B．扩散现象是不同物质间的一种化学反应 C．扩散现象是由物质分子无规则运动产生的

（答案三）第 6 页 共 15 页

D．扩散现象在气体、液体和固体中都能发生 E．液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的

(2)(10分)如图，一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，已知大活塞的质量为m1=2.50kg，横截面积为s1=80.0cm2，小活塞的质量为m2=1.50kg，横截面积为s2=40.0cm2，两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为l=40.0cm，汽缸外大气的压强为p=1.00×105Pa，温度为T=303K，初始时大活塞与大圆筒底部相距，两活塞间封闭气体的温度为T1=495K，现汽缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢下移，忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦，重力加速度大小g取10m/s2，求：

1）在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度 2）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强．

14.【物理——选修3-4：光学】（15分）

(1)（5分）下面说法中正确的是________．(填正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)

A．单摆的周期与振幅无关

B．只有发生共振时，受迫振动的频率才等于驱动力的频率

C．真空中两列同向运动的光束，以其中一光束为参考系，另一光束是以光速c向前运动的 D．变化的电场一定能产生变化的磁场

E．两列波相叠加产生干涉现象，振动加强区域与减弱区域应交替出现

(2)(10分)如图所示，一艘赛艇停在平静的水面上，赛艇前部上端有一标记P，在其正前方A处有一浮标．潜水员从P前方S=4m处开始下潜，当下潜至深度为H=2L．sin53°=0.8，cos53°=0.6．

m的B处时，才能看到赛艇尾端后方水面上的景物，且看

到P刚好被浮标挡住．测得PA．BA与竖直方向的夹角分别为53°和37°．忽略赛艇吃水深度，求赛艇的长度

（答案三）第 7 页 共 15 页

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2019年高考全国I卷猜题卷（三）理科综合物理试题

参考答案及解析

（答案三）第 8 页 共 15 页

第Ⅰ卷

一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.【答案】B

【解析】由题图可知，当F≥6 N时，铁块的摩擦力恒定即为滑动摩擦力，且Ff＝μ2mg＝4 N，解得μ2＝0.4，

在F＝6 N时，铁块和木板具有相同的加速度， 对铁块有：F－Ff＝ma

2

解得a＝2 m/s

对木板有：Ff－μ1(M＋m)g＝Ma 解得：μ1＝0.1，故B正确．

2.【答案】A

【解析】以B点为研究对象，分析受力情况：悬挂重物的绳的拉力T(等于重物重力G)、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出受力分析图如图所示．

NT

由平衡条件可知N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得＝＝ABAC

FAB

；又T＝G，计算得出N＝G，因杆处于平衡状态，故N大小保持不变，力F逐渐减BCAC小，则A正确，B、C、D错误． 3.【答案】C

【解析】由题图乙可知，电子从a到b做加速度减小的加速运动，所以a、b之间电场的方向向左，b点的电势高于a点的电势；在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．过b点后点电荷做减速运动，所以电场的方向向右，Q2一定带负电，Q1一定带正电，故A错误，C正确；b点场强为零，可见两点电荷在b点产生的场强大小

kQ

相等，方向相反，根据E＝2，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电荷量大于Q2

r

的电荷量，故B错误；离开b点后v－t图象的斜率先增大后减小，即加速度先增大后减小，电子所受静电力先增加后减小，故D错误． 4.【答案】A

【解析】有图像分析，电流有正有负，排除BD，根据电流大小可排除C，可知答案选A。

（试卷及答案三）第 9 页 共 15 页

5.【答案】B

【解析】因为到达最高点后，木块不再下滑，所以木块必受斜面的摩擦力作用，斜面体受到木块的斜向右上的摩擦力作用，该力在水平方向上有一个分力，故斜面体向右运动，木块相对地面在水平方向上有位移，斜面体对木块的支持力与水平位移夹角不垂直，故斜面体的支持力对木块做功不为零，木块、斜面体和弹簧构成的系统，有摩擦力做功，所以机械能不守恒，B正确，C错误；将弹簧、木块和斜面体看成一个整体，整体在水平方向上受力为零，所以系统水平方向动量守恒，释放弹簧前系统水平方向动量为零，故释放弹簧后系统水平方向动量仍旧为零，即木块和斜面体最后静止，弹簧的弹性势能转化为系统的内能(克服摩擦力做功)以及木块的重力势能，故木块重力势能的增加量小于100 J，A、D错误． 6.【答案】AD

【解析】设某时刻与物体连接的绳子的拉力为FT，与水平方向的夹角为θ，则对每个物体：水平方向FTcos θ＝μFN； 竖直方向FTsin θ＋FN＝mg， 其中F＝2FTsin θ； 联立可得：F＝

2μmg

， 1

＋μtan θ

则随着θ增加，F变大，选项A正确； μmg

Ff＝FTcos θ＝，

1＋μtan θ

则随着θ增加，Ff变小，选项B错误； FN＝mg－FTsin θ＝mg－

μmg

， 1

＋μtan θ

则随着θ增加，FN变小，选项C错误； FT＝

μmg

，

cos θ＋μsin θ

对cos θ＋μsin θ＝1＋μ2sin(θ＋φ)

1

(其中tan φ＝＝3，即φ＝60°)，则当分母最大时，

μFT最小，此时θ＝30°，

可求得两物体间的距离为Lcos 30°＝7.【答案】ABD

【解析】上滑过程中，根据牛顿第二定律，在沿斜面方向上有μmg0cos θ＋mg0sin θ＝ma1，下滑过程中，在沿斜面方向上有mg0sin θ－μmg0cos θ＝ma2，

3

L，选项D正确． 2

（试卷及答案三）第 10 页 共 15 页

6－0

又知v－t图象的斜率表示加速度，则上滑和下滑过程中的加速度大小分别为：a1＝ 0.6

2

m/s2＝10 m/s2，a2＝ m/s2＝5 m/s2，联立解得g0＝15 m/s2，故该星球的第一宇宙速度为v

0.4＝g0R＝15×6×104×103 m/s＝3.0×104 m/s，A正确；根据黄金替代公式GM＝g0R2可得

432

g0R215×?6×10×10?

该星球的质量为M＝＝ kg≈8.1×1026 kg，B正确；根据所给条件无－11G6.67×10

g0R2GM3g0法计算自转周期，C错误；该星球的密度ρ＝＝＝≈895 kg/m3，D正确．

V434πGR

πR38.【答案】ABD

【解析】环所在处的磁场的方向向上，则环产生的磁场的方向向下，根据安培定则可知，静止时圆环的电流方向为顺时针方向(俯视)，故A错误；由左手定则可知，环上的各点受到的安培力有水平向里的分力，所以环有收缩的趋势，故B错误；对环的某一部分进行受力分析：在水平方向，根据安培力的对称性可知，整个环在水平方向的合力为0，竖直方向的合力与重力大小相等，由于在圆环处各点电流的方向与磁场的方向都垂直，所以整体受到的安培力：F＝BI·2πR，设F与竖直方向的夹角为θ，由几何关系：Fcos θ＝mg，cos θ

mg?H2＋R2?Rk

＝，由题：B＝，联立得：I＝，故C正确；结合C的受力分

2πkR2H2＋R2H2＋R2析可知，若将圆环向上平移一小段距离后环受到的安培力将减小；由静止释放，开始时重

力大于安培力，所以环加速下落，向下的过程中安培力增大，所以合外力减小，加速度先减小，故D错误．

第Ⅱ卷

二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。 第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。 第13~14题为选考题，考生根据要求作答。 （一）必考题：共47分。

9.（6分）【答案】（1）31或32 ；（3分）（2）没有影响（3分） 【解析】（1） 根据胡克定律

，代入数据求k，再球平均得k=32 N/m；

（2）

因在计算弹力时把弹簧自身的重量引起的形变量减去了，故弹簧自身有重量对测量值没有影响。

10.（9分）【答案】（1）如图所示（3分）

（试卷及答案三）第 11 页 共 15 页

（2）

（3分） I2表示表的示数，I1表示

表的示数（3分）

【解析】（1）精确测量电阻，需要测量多组数据，因此，采用分压电路；A2的量程太小，须串联一定值电阻R1；把定值电阻R2当作保护电阻．电路图如图：

（2）由电路图知A2表和R1串联后与A1表并联，因此电压相等，即I1Rg=I2（R1+r），可得待测电表的内阻

，其中，I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，r示A2表内阻，R1表示定值电

阻．

11.（12分）【答案】(1)1 s 2 m/s（4分） (2)4 m 1 m （5分）(3)24 J（3分） 【解析】(1)以小车和物块组成的系统为研究对象，系统的动量守恒，取向右为正方向，根据动量守恒定律得： mv0＝(M＋m)v.

代入数据，解得v＝2 m/s，方向向右． 对小车M，由动量定理得：μmgt＝Mv－0. 代入数据，解得：t＝1 s.

11

(2)对物块，根据动能定理得：－μmgx1＝mv2－mv02.

221

对小车，由动能定理得：μmgx2＝Mv2.

2代入数据解得：x1＝4 m，x2＝1 m.

(3)该过程中物块和小车间因摩擦产生的热量为： 11

Q＝mv02－(M＋m)v2

22代入数据，解得：Q＝24 J.

Tπmππ12.（20分） (1)0.2 N/C（6分）(2)T0＝＝＝(s)(n＝1,2,3…)（10分）(3)B0T0≤

2qB020n60

(kg/C)（4分）

【解析】(1)将微粒在第二象限内的运动沿水平方向和竖直方向分解，在竖直方向上做竖直

v0v0

上抛运动，在水平方向上做匀加速直线运动．t＝＝0.4 s；h＝t＝0.8 m

g2v1

ax＝＝20 m/s2，qE1＝max，解得E1＝0.2 N/C.

t

（试卷及答案三）第 12 页 共 15 页

(2)qE2＝mg，所以带电微粒在第一象限将做匀速圆周运动，设微粒运动的圆轨道半径为R，

v120.08

周期为T，则有qv1B0＝m 可得R＝. RB0为使微粒恰能沿x轴正方向通过D点， 0.08

应有：h＝(2n)R＝(2n).

B0

2πm

解得：B0＝0.2n(T)(n＝1,2,3…)． T＝

qB0T0TTπmπ

＝，T0＝＝＝(s)(n＝1,2,3…)． 242qB020n

(3)微粒恰好不再越过y轴时，交变磁场周期取最大值，可作如图运动情形：由图可以知道5πθ＝

65ππT0≤T＝ B0T0≤(kg/C)．

660B060

（二）选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

13.【物理——选修3-3：热学】（15分） 【答案】（1）（5分）ACD

（2）（10分）1）在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度为330K； 2）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强为1.01×105Pa． 【解析】(1)A、温度越高，分子热运动越激烈，所以扩散进行得越快，故A正确； B、扩散现象是分子热运动引起的分子的迁移现象，没有产生新的物质，是物理现象，故B错误；

CD、扩散现象是由物质分子无规则热运动产生的分子迁移现象，可以在固体、液体、气体中产生，扩散速度与温度和物质的种类有关，故CD正确；

E、液体中的扩散现象是由于液体分子的热运动产生的，故E错误．故选：ACD． (2)（1）大活塞与大圆筒底部接触前气体发生等压变化， 气体的状态参量：V1=（l﹣）s2+s1=（40﹣T1=495K，V2=s2l=40×40=1600cm3，

（试卷及答案三）第 13 页 共 15 页

）×40+

×80=2400cm3，

由盖吕萨克定律得： =，即： =

，解得：T2=330K；

（2）大活塞与大圆筒底部接触后到气缸内气体与气缸外气体温度相等过程中气体发生等容变化，

大活塞刚刚与大圆筒底部接触时，由平衡条件得：pS1+p2S2+（m1+m2）g=p2S1+pS2， 代入数据解得：p2=1.1×105Pa， T2=330K，T3=T=303K， 由查理定律得：即：

=

=，

，

解得：p3=1.01×105Pa；

14.【物理——选修3-4：光学】（15分） 【答案】（1）（5分）ACE （2）（10分）赛艇的长度为2m．

L与振幅无关，A正确；受迫振动的频率等于驱动力的频率，g

当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振动显著增强，当驱动力的频率等于物体的固有频率时发生共振，B错误；根据光速不变原理可知，以其中一光束为参考系，另一光束是以光速c向前运动的，C正确；均匀变化的电场产生稳定的磁场，D错误；两列波相叠加产生干涉现象时，振动加强区域与减弱区域间隔出现，这些区域位置不变，E正确． 【解析】(1)单摆周期T＝2π(2)【考点】光的折射定律．

【分析】由题意可作出光路图，由题意可作出光路图，由入射角和折射角，则可求得折射率；由题意可知潜水员和Q点的连线与竖直方向夹角刚好为临界角，由几何知识可解得赛艇的长度．

【解答】解：水的折射率为 n===，

潜水员和B点连线与竖直方向的夹角刚好为临界角，设临界角为θ，则有：sinθ=

（试卷及答案三）第 14 页 共 15 页

由几何知识解得：sinθ=解得，赛艇的长度：L=2m；

，

（试卷及答案三）第 15 页 共 15 页

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