信号与系统历年考题
更新时间:2024-02-01 21:11:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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得分
四、证明题(共 20 分 每小题 10 分) 1、周期信号的时频功率守恒性
2 傅立叶变换的奇偶虚实性。
得分
五、论述题(共 15 分)
试比较频域分析和复频域分析的优缺点。
09/10 学年 第 二 学期末考试试题(B卷)
课程名称 信号与系统 第 1 页 共 26 页
使用班级: 08050941/42
总分 得分
一、填空题(共 20 分 每小题 2 分)
1、
?3?2?3?2?(sin(t))dt?( )。
2、已知某系统的频率响应函数H(j?),则系统输入为x(t)?Acos(?0t)时,系统的稳态响应为y(t)=( )。
3、若线性时不变系统的单位冲激响应 h(t)=?(t?2), 则系统的单位阶跃响应为
g(t)=( )。
4、已知频域信号X(?),则时域信号x(t)在t=0处的表达式为( )。
5、 连续信号x(t)的最大频率为100kHz,经均匀采样后变为理想数字信号,由样值序列不失真地恢复出x(t),则采样周期的最大值不得超过( )。
6、经测试某理想低通滤波器的其阶跃响应的上升时间tr为20us,则此理想低通滤波器的截止频率fc=( )。
7、无失真传输系统的时域特性为( )频域特性为
( )、( )。
8、减小混叠失真的措施有:( )、( )。
9、离散系统的单位样值响应h(n)满足( )时,系统是稳定的。
第 2 页 共 26 页
10、连续信号的卷积可按( )、( )、( )、( )、
( )五步进行。 得分
二、分析题( 共 15 分 )
已知某线性时不变系统传输函数的零极点图为图1所示,且h?0???2,试分析:
图1
1)系统的稳定性。 2)系统的传输函数。 3)系统的频率响应函数。
4)输入x?t??sin?t?作用下的稳态响应。
三、计算题( 共 30 分 每小题 15 分 )
1. 已知线性时不变系统y''(t)?5y'(t)?6y(t)?3x'(t)?8x(t),当激励为x(t)?e?tu(t)第 3 页 共 26 页
时,其完全响应为y(t)?(求:
5?t?2t?3t?3?ee)u(t)。 2e1) 系统的冲激响应函数、传输函数; 2) 系统的零输入响应和零状态响应; 3) 系统模拟框图和起始状态。
2.系统的差分方程为y(n)?4y(n?1)?3y(n?2)?x(n),试求x(n)?2nu(n),
y(?1)?0,y(?2)?1时的零状态响应、零输入响应和单位样值响应。 2
四、证明题(共 20 分 每小题 10 分)
1. 非周期信号的时频能量守恒性。
第 4 页 共 26 页
2. 傅立叶变换的对偶性,并举例说明。
五、论述题(共 15分 )
试比较频域分析和复频域分析的优缺点。 得分
10/11 学年 第 二 学期末考试试题(A卷)
课程名称 信号与系统
第 5 页 共 26 页
使用班级:09050941/42 ,09050641/42
总分 得分
一、简答题(共 30 分 每小题 3 分)
d?(??t)[u(t?a)*e?(?)d?]?( )。 1、?dt??2、零状态响应可突出( )的作用、零输入响应可突出( )的作用。
3、若线性时不变系统的单位冲激响应 h(t)=2?(t??), 则系统的单位阶跃响应为
g(t)=( )。
4、已知时域信号x(t),则其傅里叶变换X(?)在 ?=0处的表达式为
( )。
5、 连续信号x(t)的最大频率为50kHz,则采样周期的最大值不得超过( )。
6、H(s)的极点决定系统的( )、零点影响系统的( )和( )。
7、无失真传输系统的频域特性为( )、( )。
8、减小混叠失真的措施有:( )、( )。
9、LTI系统的稳定判定条件有( )和( )。
10、信号的卷积运算可按( )、( )、( )、( )、( )
五步进行。
?
得分
第 6 页 共 26 页
二、分析题(共 20 分)
已知系统的传输函数为
H(S)? 试分析:
2S?3
S2?4S+31、系统是否稳定;2、系统的零、极点分布图;3、系统冲激响应函数; 4、系统方程;5、系统模拟框图。
三、计算题(共 20 分 每小题 10 分)
第 7 页 共 26 页
1、线性时不变系统,当激励为 当激励为
x1(t)?e?tu(t)时,其完全响应
y(t)?[e1?2t?2t?e?t]u(t),
x2(t)?5e?tu(t)时,系统的完全响应为
y(t)?[-3e2?5e?t]u(t),
求:
1) 系统的零输入响应;2)系统的冲激响应函数; 3)系统起始状态。
2、已知系统的差分方程为y(n)?4y(n?1)?3y(n?2)?x(n),试求x(n)?2nu(n),
y(?1)?0,y(?2)?
1时的零状态响应、零输入响应和单位样值响应。 2四、证明题(共 10 分)
设信号x(t)的傅里叶变换存在且为X(?),则X(t)的傅里叶变换为2?x(??),试证明。
第 8 页 共 26 页
五、论述题(共 10 分)
总结频域分析的优缺点。
六、综合应用题(共10分)
设某个系统的带宽可能为100kHz,试设计实验方案对其进行测试,并说明原理。
10/11 学年 第 二 学期末考试试题(B卷)
课程名称 信号与系统 第 9 页 共 26 页
使用班级:09050941/42 ,09050641/42
总分 得分
一、填空题(共 30 分 每小题 3 分)
1、
?3?2?3?2?(sin(t))dt?( )。
2、已知某系统的频率响应函数H(j?),则系统输入为x(t)?Acos(?0t)时,系统的稳态响应为y(t)=( )。
3、若线性时不变系统的单位冲激响应 h(t)=?(t?2), 则系统的单位阶跃响应为
g(t)=( )。
4、已知频域信号X(?),则时域信号x(t)在t=0处的表达式为( )。
5、 连续信号x(t)的最大频率为100kHz,经均匀采样后变为理想数字信号,由样值序列不失真地恢复出x(t),则采样周期的最大值不得超过( )。
6、经测试某理想低通滤波器阶跃响应的上升时间tr为20us,则此理想低通滤波器的截止频率fc=( )。
7、无失真传输系统的时域特性为( )频域特性为
( )、( )。
8、减小混叠失真的措施有:( )、( )。
9、离散系统的单位样值响应h(n)满足( )时,系统是稳定的。
第 10 页 共 26 页
10、连续信号的卷积可按( )、( )、( )、( )、
( )五步进行。 二、分析题( 共 20 分 )
已知某线性时不变系统传输函数的零极点图为图1所示,且h?0???2,试分析:
图1
5)系统的稳定性。 6)系统的传输函数。 7)系统的频率响应函数。
8)输入x?t??sin?t?作用下的稳态响应。
四、计算题( 共 30 分 每小题 15 分 )
1. 已知线性时不变系统y''(t)?5y'(t)?6y(t)?3x'(t)?8x(t),当激励为x(t)?e?tu(t)第 11 页 共 26 页
时,其完全响应为y(t)?(求:
5?t?2t?3t?3?ee)u(t)。 2e4) 系统的冲激响应函数、传输函数; 5) 系统的零输入响应和零状态响应; 6) 系统模拟框图和起始状态。
2.系统的差分方程为y(n)?4y(n?1)?3y(n?2)?x(n),试求x(n)?2nu(n),
y(?1)?0,y(?2)?
1时的零状态响应、零输入响应和单位样值响应。 2第 12 页 共 26 页
四、证明题(共 10 分)
试证明非周期信号的时频能量守恒性, 即
?x(t)???21dt?2??X(?)???2d?。
五、论述题(共 10分 )
试总结频域分析的优缺点。
10/11学年 第 二学期末考试试题(A卷)参考答案
第 13 页 共 26 页
课程名称:《信号与系统》
一、简答题(共 30 分 每小题 3 分) 1、 e(t??)
2、激励/输入信号 初始状态 3、2u(t??) 4、X(0)??x(t)dt
?? 5、
1s或1?10?5s
2?50k?? 6、本振频率 起点的幅度 相位
7、|H(j?)|?k(k为常数) ?(?)???t0(t0为常数) 8、增加抽样频率,抗混叠处理 9、?????h(t)dt?? H(s)的极点全部落于S平面的左半平面
10、换元 反褶 平移 作乘积 积分 二、分析题(共 20 分)
解:1、由系统的H(s)可以得出系统的零、极点为
p1??1,p2??3
z??32
………………… 2分
由于H(s)的极点全部落于S平面的左半平面,所以系统是稳定的。
…………………2分
2、系统的零、极点图
第 14 页 共 26 页
j?p2× -3 -2 ○ p1z× -1 ?0
……………………4分
3、
132s?3H(s)?2?2?2
s?4s?3s?1s?3 ……………………2分
h(t)?(1?t3?3t?e)u(t) 2e2……………………2分
4、系统方程为:
y??(t)?4y?(t)?3y(t)?2x?(t)?3x(t)
……………………4分
5、系统的模拟框图为:
2 X(s)
?-4 1 s1 s-3 3 ?Y(s)
第 15 页 共 26 页
……………………4分
三、计算题(共 20 分 每小题 10 分)
x(t)?eu(t)时, 系统的零
1、解: 1)、设系统的零输入响应为yzi,当激励为1状态响应为yzs,得:
?ty1?yzi?yzs?e?2t?e?t ?
?tx(t)?5eu(t)时,系统的零状态响应为5yzs。得: 2 当激励为
y2?yzi?5yzs??3e?2t?e?t ?
……………………2分
?2t?2t?ty?2eu(t)y??e?eu(t) zizs 由?、 ?式得:,
……………………2分
2)、当激励为
x1(t)?eu(t)时,可得
?tX(s)?1s?1
Yzs??111??s?2s?1(s?2)(s?1)
1Y(s)(s?2)(s?1)1?H(s)?zs??1X(s)s?2s?1
……………………2分
?h(t)?L?1[H(s)]?e?2tu(t)
……………………2分
3)、
yzi?2e?2tu(t)
第 16 页 共 26 页
?y(0?)?yzi(0?)?2 ……………………1分
、解:(1) 特征方程为
?2?4??3?0
特征根为
?1?1 , ?2?3 可得: ynzi?czi1?czi23
将初始条件y(?1)?0,y(?2)?12代入上式得:czi1?394 czi2??4 所以零输入响应为: yzi(n)?39n4?43 n?0(2)由于
x(n)?2nu(n),可设特解为 yp(n)?A?2n,n?0
将上式代入差分方程得
yp(n)??4?2n,n?0
第 17 页 共 26 页
……………………1分
……………………2分
……………………1分
……………………1分
2 设零状态响应
yzs?czs1?czs23n?4?2n
……………………2分
将y(?1)?0,y(?2)?0代入上式得
czs1?19 czs2? 22?零状态响应
yzs?19n?3?4?2n n?0 22……………………1分
(3)根据系统的差分方程,输入为x(n)??(n),n?0时,可得方程:
h(n)?4h(n?1)?3h(n?2)?0
同样可设单位样值响应:
h(n)?c1?c23n
……………………2分
将初始值h(0)?1,h(?1)?0代入上式得:
13c1?? c2?
22?单位样值响应为:h(n)?(?1?1?3n?1)u(n)
22……………………1分
四、证明题(共 10 分)
证明: x(t)?12??????X(j?)ej?td?
第 18 页 共 26 页
……………………2分
将变量t与?互换,得到
2?x(?)??????X(jt)ej?tdt
……………………4分
则 2?x(??)??????X(jt)e?j?tdt
……………………2分
?X(jt)?2?x(??)
……………………2分
证毕。 五、论述题(共 10 分)
答:优点:
1、 可以直接得到信号的幅频特性和相频特性,明确了信号的成分,有助于信号的特征分析; 2、 明确了系统的作用滤波。
3、 将时域卷积转换为频域乘积,简化了运算。 缺点:
1、对于不收敛的信号无法求取傅里叶变换 2、只能求取系统的零状态响应。
……………………每小点2分
第 19 页 共 26 页
六、综合应用题(共10分) 解:(1)实验方案设计:
测试信号 u(t) 系统 向系统加一测试信号x(t)?升时间tr。
……………………6分
(2)实验原理:
阶跃响应的上升时间tr与网络的截止频率B(带宽)成反比,即Btr?1。
假设测得的tr?10?5s,那么系统B?1?100kHz。 tr示波器 用示波器观察输出阶跃响应u(,ty(t)的上
……………………4分
09/10 学年第 二 学期期末考试试题答案及评分标准
(B卷)
课程名称: 信号与系统
第 20 页 共 26 页
使用班级: 08050941/42
一、
1、1
2、y(t)?AH(j3、
?)cos[?t??(?)]
000u(t?2)
??14、
2????x???d?
5、5us 6、50kHz 7、
h(t)?k?(t?t0),H(jw)?k,?(w)??wt0
8、提高抽样频率,加抗混叠滤波器;
9、
?h(n)??????
10、变量置换,反褶,移位,相乘,积分
二、
1)两个极点均位于S平面左边,所以系统是稳定的
2)传输函数:系统极点为p1=-1+j,p2=-1-j,零点为z1=1;
H(s)?k 所以设系统函数为 由于 得 k=2
s??s?1(s?1?j)(s?1?j)
h(0?)?limsH(s)?2H(s)? 所以
2(s?1)(s?1)2?1
第 21 页 共 26 页
H(jw)?3)频率响应函数:4)由零极点图可知 w=1
2(jw?1)(jw?1)2?1
H(j1)?2
222210??1*555
34?(1)???0?arctan2???arctan2
即 输入x?t??sin?t?作用下的稳态响应为
34y(t)?H(j1)sin(t??(1))
三、
1、 1)
由系统方程得:
(s2?5s?6)Y?(3s?8)X 得传输函数为:
H(s)?Y3s+821?2??Xs?5s?6s?2s?3
?2t?3th(t)?2e?e 得冲激响应函数为:
2)
H(s)? 由
YzsX
51?3s?81?2Yzs?H(s)X??2??2(s?2)(s?3)s?1s?1s?2s?3 得
51yzs?(e?t?2e?2t?e?3t)u(t)22 于是 零状态响应 :
第 22 页 共 26 页
1yzi?y(t)?yzs(t)?(5e?2t?e?3t)u(t)2 零输入响应:
3)起始状态:
y(0?)?9?yzi(t)t?02;17y'(0?)?y'(t)??zit?02
4)系统模拟框图
2、
特征方程为
?2?4??3?0
特征根为
?1?1,?2?3
1)零输入响应
由
yzi?n??czi1?czi23n
将初始条件代入
?yzi??1??czi1?czi2?3??1?0?1 ??2????y?2?c?c3?zizi1zi2?2?解方程得
czi1?39,czi2?? 44第 23 页 共 26 页
零输入响应为
yzi?n??2)零状态响应
齐次解
39n?3 44yc?n??c1?1??c2?3??c1?c2?3?
nnn特解
yp?n??B2n,n?0
将上式代入原方程
B?2B?3B?1,即B??4 4yp?n???4?2n,n?0
由
yzs?n??czs1?czs23n?4?2n
代入初始值得
?yzs??1??czs1?czs23?1?4?2?1?0 ??2?2?yzs??2??czs1?czs23?4?2?019czi1?,czi2
22零状态响应为
yzs?n??3)单位样值响应
19n?3?4?2n 22 根据系统的差分方程,输入 h(n)-4h(n-1)+3h(n-2)=0;
x(n)??(n),n>0时,可得:
特征方程为:??4??3?0, 所以h(n)=c1+c2*3 由初始条件h(0)=1,h(-1)=0, h(0)=c1+c2=1
?13 h(-1)=c1+c2*=0
n2第 24 页 共 26 页
c1?? 所以
13c2?2,2;
13h(n)?(??*3n)u(t)22
四、
1、非周期信号的能量守恒性是指:证明如下:
?x(t)???21dt?2??X(?)???2d?
1x(t)?2?
???????X(w)e??jwtdw
???x(t)dt?2???????x(t)x*(t)dt
1??x(t)[2? ??1?2? 1?2? 1?2?
???????X(w)ejwtdw]*dt
?????X(w)[?x(t)e?jwtdt]dw??*
?????X*(w)X(w)dw
???X(w)dw
22、傅立叶变换的对偶性是指:F(X(t))?2?x(??) 证明如下:
第 25 页 共 26 页
1x(t)?2??????X(w)e??????jwtdw1x(?t)?2?1x(?w)?2?2?x(?w)?
eg:
?X(w)e?jwtdwX(t)e?jwtdtX(t)e?jwtdt?F[X(t)]
?????????(t)???1
2??(w)???1
由对偶性得:五、
序号 1 2 3 4 5 频域分析 明确了信号的成分-谱 明确了系统的作用-滤波 简化了卷积运算-乘积 只能计算零状态响应 只能对收敛信号作变换 复频域分析 只有数学上的意义而无无力含义 可通过零极点图来描述系统拓补结构 简化了卷积运算-乘积 可求全响应 可扩大到指数类发散信号
第 26 页 共 26 页
1x(t)?2??????X(w)e??????jwtdw1x(?t)?2?1x(?w)?2?2?x(?w)?
eg:
?X(w)e?jwtdwX(t)e?jwtdtX(t)e?jwtdt?F[X(t)]
?????????(t)???1
2??(w)???1
由对偶性得:五、
序号 1 2 3 4 5 频域分析 明确了信号的成分-谱 明确了系统的作用-滤波 简化了卷积运算-乘积 只能计算零状态响应 只能对收敛信号作变换 复频域分析 只有数学上的意义而无无力含义 可通过零极点图来描述系统拓补结构 简化了卷积运算-乘积 可求全响应 可扩大到指数类发散信号
第 26 页 共 26 页
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