海淀区2011-2012学年度第一学期初三数学期中考试 答案
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海淀区2011-2012学年度第一学期初三数学期中考试 答案
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海淀区九年级第一学期期中练习
数学试卷答案及评分参考 2011.11
说明: 与参考答案不同, 但解答正确相应给分.
一、选择题(本题共32分,每小题4分)
1. B 2. A 3. C 4. C 5. D 6. A 7. B 8. B
二、填空题(本题共16分,每小题4分) 9. a 3 10. (2, -5) 11. 2
12. 17x2 +16x -1=0; (1分) (2n+1)x2 + 2nx -1=0; (1分) x1=-1,x2=
三、解答题(本题共30分,每小题5分) 13.解: 原式=23 1+2
1
(2分) 2n+1
…………………………………………4分
=+1. …………………………………………5分
14.解法一:a=1, b=2, c=-15,
=22 4 1 ( 15)=64>0. …………………………………………2分
x=
2±64
. …………………………………………3分
2 1
∴x1 = 3, x2 = -5. …………………………………………5分 解法二:( x -3 )( x+5 )=0, …………………………………………3分 ∴x1 = 3, x2 = -5. …………………………………………5分 解法三:x2+2x=15,
x2+2x+1=15+1. …………………………………………2
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(x+1)2=42. …………………………………………3分 x+1=±4.
∴x1 = 3, x2 = -5. …………………………………………5分
15.解: 原式=6+22 32 2 …………………………………………4分
=4
16.证明:∵ AE=FC,
∴ AE+EF=FC+EF.
即AF=CE. ……………………………1分 在△ABF和△CDE中,
A
D
B
2. …………………………………………5分
AB=CD,
A= C,
AF=CE,
∴ △ABF≌△CDE. ………………………………………………………4分 ∴ BF=DE. ………………………………………………………………5分
17.解:∵ 关于x的一元二次方程x2-2x+k-3=0有两个不等的实数根,
∴ =( 2)2 4 1 (k 3)>0. …………………………………………3分 即 16-4k>0. …………………………………………4分 解得 k<4 . …………………………………………5分 ∴ k的取值范围为k<4.
18.解:过点O作OC AB于C, 连接OA. ………………1分 ∴ AC=
1
AB, OC=3. ……………………………………3分
2
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing ∵ AB= 8, ∴ AC=4.
在Rt△AOC中, 由勾股定理得AO=AC2+OC2=42+32=5(cm).
∴ ⊙O的半径为 5cm. …………………………………………5分
四、解答题(本题共20分, 每小题5分) 19. (1)此问共2分, 未保留作图痕迹扣1分.
(2)此问共3分,只对一种分割扣1分.
参考答案如右图所示.
说明: 其中有一个图保留作图痕迹即可.
20. 解:设共有x名同学参加了聚会. …………………………………………1分
依题意,得 x(x-1)=90. …………………………………………2分
x2 x 90 0.
解得x1=-9, x2=10. …………………………………………3分 x=-9不符合实际意义,舍去. …………………………………………4分 ∴ x=10.
答: 共有10人参加了聚会. …………………………………………5分
21. 解:(1)证明:连接OD.
∵ AD∥OC,
B
∴ ∠BOC=∠OAD, ∠COD =∠ODA. ………………1分 ∵ OA=OD,
∴ ∠OAD=∠ODA.
∴ ∠BOC=∠COD. …………………2分 ∴ . ……………………………3分
EC
D
F
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing (2)由(1)∠BOC=∠OAD, ∠OAD=∠ODA. ∴ ∠BOC=∠ODA. ∵ BOC+ ADF=90°.
∴ ∠ODA + ADF=90°. …………………………………………4分 即 ∠ODF=90°. ∵ OD是⊙O的半径,
∴ CD是⊙O的切线. …………………………………………5分
22.
2分
…………………………………………5分 22
五、解答题(本题共22分,第23题6分、第24题8分,第25题8分) 23.解:(1)结论: CF=CG, OF=OG. ……………1分 (2)法一:过点C作CM OA于M, CN OB于N. ∵ OC平分 AOB,
A
P
∴ CM=CN, CMF= CNG=90°, …………2分 AOC= BOC. ∵ AOB=120°, ∴ AOC= BOC=60°,
MCN =360°- AOB- CMF- CNO =60°. ∴ DCE= AOC =60°.
D
MF
N
E
B
∴ MCN= FCG. …………………………………………3分 ∴ MCN - FCN = FCG - FCN.
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即 1 = 2. …………………………………………4分 由 得△CMF≌△CNG.
∴ CF=CG. …………………………………………5分
法二:在OB上截取一点H, 使得OH=OC. ∵ OP平分 AOB, AOB=120°, ∴ 1= 2=60°, DCE= 1=60°.. ∵ OH=OC,
∴ △OCH是等边三角形. ∴ CO=CH, 2= 3 .
∴ 1= 3 . ……………………3分 ∴ 4+ 5=180°. 又 5+ 6=180°,
∴ 4= 6. …………………………………………4分 由 得△CFO≌△CGH.
∴ CF=CG. …………………………………………5分 (3) DCE=180°- . …………………………………………6分
24.(1)∵方程①有两个相等实数根,
③
④
D
F
1
A
P
563
HE
B
k 1+ 0, 2 ∴
k =(k+2)2+4(1+=0.
1 2
由③得k + 2 0, 由④得 (k + 2) (k+4) =0. ∵ k + 2 0,
∴ k=-4. …………………………1分 当k=-4时, 方程②为: x2 7x+5=0.
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing 解得 x1=
7+297 29
,x2=× …………………………2分 (2)由方程②得 2= (2k+1)2+4(2k+3).
法一: 2- 1=(2k+1)2+4(2k+3)-(k + 2) (k+4) =3k2+6k+5 =3(k+1)2+2>0. ∴ 2> 1. …………………………………………………3分 ∵ 方程①、②只有一个有实数根, ∴ 2>0> 1.
∴ 此时方程①没有实数根. ………………………………4分
1=(k+2)(k+4)<0,
由 22
2=4k+12k+13=(2k+3)+4>0,
得 (k + 2) (k+4)<0. ………………………………5分
4k+12 =2
(k+4)
(k+4)2 (4k+12)
=2
(k+4)
(k+2)2 k+2
= ÷. 2
(k+4) k+4
2
∵ (k + 2) (k+4)<0, ∴
4k+12k+2
= . ………………………………6分
k+4(k+4)2
法二: ∵ 2=(2k+1)2+4(2k+3)=4k2+12k+13=(2k+3)2+4>0.
因此无论k为何值时, 方程②总有实数根. …………………………………3分 ∵ 方程①、②只有一个方程有实数根,
∴ 此时方程①没有实数根. …………………………………4分 下同解法一.
( 3) 法一: ∵ a 是方程①和②的公共根,
k
∴ (1+a2+(k+2)a 1=0; a2+(2k+1)a 2k 3=0.
2
∴ (2+k)a2+2(k+2)a=2, a2+(2k+1)a 2k=3.
…………………7分
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing (a2+4a 2)k 3a2 5a+(3 k)a2+(4k 5)a=2k=(2 k)a+2(k 2)a+a (2k+1)a 2k.
2
2
=2+3=5. ……………………………………………8分
法二: ∵ a 是方程①和②的公共根,
k
∴ (1+a2+(k+2)a 1=0; ③ a2+(2k+1)a 2k 3=0. ④
2
∴(③-④) 2得ka2=2(k 1)a 4k 4. ⑤
由④得a2= (2k 1)a 2k+3. ⑥ …………………………7分 将⑤、⑥代入原式,得 原式=ka2+4ak 2k 3a2 5a
=2(k 1)a 4k 4 4ak 2k 3(2k+1)a 6k 9 5a
=5. ……………………………………………8分
25. 解:(1)由OA OB, ∠OAB=30°, OA=,可得AB=2OB.
在Rt△AOB中, 由勾股定理得OB=12,AB=24.
∴ B(0, 12). …………………………………………1分 ∵ OA=, ∴ A (,0).
可得直线AB的解析式为y=
12. ……………………2分 (2)法一:连接CD, 过F作FM⊥x轴于点M,则CB=∵ ∠OBA=90°-∠A=60°, ∴ △CBD是等边三角形.
1
∴ BD=CB=OB=6, ……………………3分
2
∠BCD=60°, ∠OCD=120°.
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing ∵ OB是直径,OA OB, ∴ OA切⊙C于O. ∵ DE切⊙C于D,
∴ ∠COE=∠CDE=90°, ∠OEC=∠DEC. ∴ ∠OED=360° -∠COE-∠CDE -∠OCD = 60°. ∴ ∠OEC=∠DEC=30°. ∴ CE=2 CO=12.
∴ 在Rt△COE中, 由勾股定理 . ……………………4分 ∵ BG EC于F, ∴ ∠GFE=90°.
∵ ∠GBO +∠BGO=∠OEC +∠BGO , ∴ ∠GBO=∠OEC =30°. 故可得FC=FM=
1
BC=3, EF=FC+CE=15, 2
115EF=FM………………………………………5分
2 2
∴ MO
∴ F(
15
,). ………………………………………6分 2
法二:连接OD, 过D作DH OB于H. ∵ OB是直径, ∴ ∠BDO=90°.
∵∠BOD +∠DOA=∠A +∠DOA, ∴ ∠BOD=∠A =30°. 由(1)OB=12,
1
∴ BD=OB 6.……………………………………………………3分
2
在Rt△DOB中, 由勾股定理得
OD=
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing 在Rt△DOH中, 由勾股定理得 HD=3, OH=9. ∴ D(3, 9).
可得直线 OD的解析式为 y=3x. 由BG//DO, B(0, 12),
可得直线BG的解析式为 y= 12.
∵ OB是直径,OA OB, ∴ OA切⊙C于O. ∵ DE切⊙C于D, ∴ EO=ED.
∵ ∠DOE=∠BOA -∠BOD =60°, ∴ △ODE是等边三角形. ∴ OE=OD E0). ∴ EA=OA- OE=∵ OC=CB=6, OE=EA= ∴ C(0, 6), CE//BA. ∴ 直线CE的解析式为 y=
……………………………………4分
6. ………………………………………5分 x= 6, y= 由 解得 15 y= 12 y=.
2
∴ F
(
15
,). ……………………………………………………6分 2
(3)设点Q移动的速度为vcm/s .
(ⅰ)当点P运动到AB中点,点Q运动到AO中点时,
PQ∥BC,且PQ=BC,此时四边形CBPQ为平行四边形, 点Q与点E重合
.
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爱数学爱北京 欢迎访问 /aishuxueaibeijing 可得AP=12,t
AP
=3.
4
∴v=
AE =cm/s). ………………………………………7分 t(ⅱ) 当点P运动到BG中点,点Q运动到OG中点时, PQ∥BC,PQ=BC, 此时四边形CBPQ为平行四边形. 可得OGBG= 从而PB=,OQ= ∴ t=∴ v=
AB+BP =6 4
AQ =cm/s). (分母未有理化不扣分) ………8分 t cm/s. ∴ 点Q的速度为cm/s
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