2020年新疆乌鲁木齐市中考物理一模试卷

2020年新疆乌鲁木齐市中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.人们能分辨出笛子、钢琴等不同乐器的演奏声，主要是依据声音的()

A. 音调

B. 响度

C. 音色

D. 声速

2.下列光现象中，由光的反射形成的是()

A. 小孔成像

B. 平面镜成像

C. 日食的形成

D. 凸透镜成像

3.夏天，新鲜蔬菜放两天就“蔫”了，主要是因为蔬菜中的水发生了()

A. 液化

B. 升华

C. 凝固

D. 汽化

4.关于家庭电路，下列说法错误的是()

A. 我国家庭电路的电压为36V

B. 开关接在火线上

C. 大功率用电器使用三线插头

D. 电灯和控制它的开关串联

5.最早发现电磁感应定律的科学家是()

A. 欧姆

B. 安培

C. 奥斯特

D. 法拉第

6.自行车的设计中，减小摩擦的措施是()

A. 轴承中使用光滑的钢珠

B. 车胎有凹凸不平的花纹

C. 用链条传输动力

D. 车座成马鞍形

7.如图所示，“ABC”和“DEF”是指甲刀的两个杠杆，

下列说法正确的是()

A. “ABC“是省力杠杆，“DEF”是费力杠杆

B. “ABC”是费力杠杆，“DEF”是省力杠杆

C. “ABC”是省力杠杆，“DEF”是省力杠杆

D. “ABC”是费力杠杆，“DEF”是费力杠杆

8.如图所示，电源电压保持不变，R2为定值电阻。闭合

开关S，若向右移动滑片P，则()

A. 电压表示数变大，电流表示数变大

B. 电压表示数变小，电流表示数变小

C. 电压表示数变小，电流表示数变大

D. 电压表示数变大，电流表示数变小

9.从地面竖直上抛一小球，小球的动能和重力势能随

着离地面高度的变化图线如图所示，下列说法正确

的是()

A. 小球上升过程中机械能不守恒

B. 甲是小球动能变化的图线，乙是小球重力势能变

化的图线

C. 小球的最大动能是4焦耳

D. 小球上升3米时动能和重力势能之比7：3

10.刚砍伐的某种湿树木与该树木完全脱水后的密度之比为3：2，完全脱水后，树木

的体积缩小了10%.该树木的含水率(刚砍伐的湿树木中水的质量占湿树木质量的百分比)是()

A. 60%

B. 50%

C. 40%

D. 30%

11.如图所示，甲、乙、丙三个薄壁柱形容器，它们底

面积的关系是S

乙=

S

甲

+S

丙

2

.将质量相等的液体A和B

第1页，共16页

第2页，共16页 倒入甲、乙两容器中，液体A 和B 对甲、乙容器底部的压强为600Pa 和450Pa.若将甲、乙中的液体全部倒入丙容器中(液体无溢出)，则混合液体对容器底部的压强为( )

A. 600Pa

B. 720Pa

C. 900Pa

D. 1050Pa

12. 如图所示，闭合开关S ，变阻器的阻值调至R 1时，电路的总

功率为P 1；变阻器的阻值调至R 2时，电路的总功率为P 2.若P 1P 2=58，则R 1

R 2可能是( ) A. 1.8 B. 1.5 C. 0.8 D. 0.5

二、计算题（本大题共2小题，共10.0分）

13. 如图所示，电源电压保持不变，电阻R 1=20Ω，闭

合开关S 后，电流表A 的示数为0.6A ，电流表A 1的

示数为0.2A.求：

(1)R 1两端的电压；

(2)R 2的阻值。

14. 如图所示，装有水的圆柱形薄壁容器，水深20cm 。弹簧测力计下

挂一长方体金属块，金属块的下表面与水面相平时，弹簧测力计

示数为27N ；若将金属块下移6cm ，金属块的上表面与水面相平(

水未溢出)，此时弹簧测力计的示数为17N ，已知容器的底面积是

金属块底面积的4倍，求：

(1)物体所受的浮力；

(2)物体的密度；

(3)容器内所装水的质量。

三、综合题（本大题共4小题，共26.0分）

15.新冠肺炎疫情发生后，我国人民众志成城，展现出中华民族不可战胜的力量。

(1)疫情防控期间，佩戴口罩可以有效预防飞沫传播病毒，飞沫的直径约为1～6微

米。飞沫在空气中的运动______(选填“是”或“不是”)分子的无规则运动。长时间佩戴的口罩内侧会出现水珠，这主要是水蒸气液化形成的，这个过程会______热量。

(2)我们日常检测体温会借助于水银温度计，其原理是利用液体______的性质，人

流量较大的区域会选择______(选填“红外线”或“紫外线”)测温枪检测体温。

(3)雷神山医院负压病房(病房内的气压低于病房外的气压)的空气是从______(选填

“外向内”或“内向外”)流动的；负压病房是通过风机工作来实现的，负压病房的换气量与房间人数和风机工作时间的乘积成正比，3人6小时的换气量______(选填“大于”“等于”或“小于”)4人5小时的换气量。

16.2020年4月24日，我国发布了首个火星探測器的名称--“天问一

号”，天问一号火星探测器将在今年下半年择机发射。

(1)火星的自转周期与地球相近，其自转周期约为______h：探测器

中的火星车从地球运动到火星的过程中，其惯性______(选填“增

大”“不变”或“减小”)。

(2)探测器在飞行过程中要借助太阳能作为动力，太阳能属于

______(选填“一次”或“二次”)能源，它是太阳内部的氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)产生的。

(3)地球到太阳的距离为1AU(1AU=1.5×108km)。火星到太阳的距离为1.52AU.若

探测器的平均速度为3km/s，探测器从地球达到火星的时间大约为______(选填“8”“10”或“12”)个月。

17.中国深圳大疆创新科技有限公司作为全球顶尖的无人机制造商，推出的精灵系列

“四旋翼”无人机备受用户欢迎。

(1)“四旋翼”无人机的质量约为1360g，匀速运动过程中，其一个旋翼产生的升力

约______N；利用遥控器可以操控无人机，遥控器发出的信号为______(选填“超声波”或“电磁波”)无人机绕过障碍物的过程中，其运动状态______(选填“发生”

或“未发生”)改变。

(2)无人机旋翼是利用通电线圈在______中受力转动的原理工作的，增大线圈中的

电流，旋翼的转速会______(选填“变快”或“变慢”)。

(3)无人机的电池充电电压为17.4V，充电功率为100W，电池正常充电过程中的电

流约______A，充电1h______(选填“能”或“不能”)将能量标识为81.3W??的电池充满。(1W??等于电功率为1W的用电器正常工作1小时消耗的电能，假设充电过程中无能量损耗)

18.电压力锅结合了压力锅和电饭锅的优点。省时省电。

(1)电压力锅的锅内气压增大时水的沸点______，在一

定气压下，水在沸腾过程中温度______(均选填“升

高”“降低”或“不变”)

(2)电压力锅通电后给水加热，水的内能增加是通过

______(选填“做功”或“热传递”)的方式，它与电

压力锅通电时电阻内能增大的原理______(选填“相

同”或“不相同”)。

(3)如图是电压力锅的原理图，R1为加热电阻，锅内装

入2.5kg的食材(包括水)，其比热容为4×103J/(kg?℃)，闭合开关S1，开关S2拨至a处时，食材在500s的时间内温度升高了45℃，食材吸收的热量为______J.此过程中热效率为90%，加热功率为______W。

(4)开关跳至b处时，电路的保温功率为10W，指示灯L的电阻为10Ω，通过L 的

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电流______通过R2的电流，指示灯L消耗的电功率跟电阻R2消耗的电功率相比______(选填“可以”或“不能”)忽略。

四、作图题（本大题共3小题，共6.0分）

19.一束光从空气中斜射入水中，请在图中画出折射光线的大

致方向。

20.如图所示，一木块正沿斜面下滑，请做出木块受到的重

力G和支持力F的示意图．

21.请在图中标出通电螺线管的N极。

五、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）

22.某同学做“探究凸透镜成像规律”的实验，当烛焰、凸透镜、光屏位于如图所示的

位置时光屏上出现了烛焰清晰的像。

(1)该同学看到光屏上所成的像是一个烛焰______(选填“放大”“缩小”或“等

大”)的像。

(2)若将蜡烛向右移动少许，光屏应向______移动才能再次成清晰的像，此像的大

小比刚才的像要______(选填“大”或“小”)一些。

(3)若蜡烛和光屏保持图示位置不变，将透镜向左移动______cm可以在光屏上再次

形成清晰的像。

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23. 测量小灯泡的电功率的实验中，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为2.5V 。

(1)如图甲所示，开关闭合前，需将滑片的位置放在最______(选填“左”或“右”)端。

(2)闭合开关，变阻器滑片P 在A 处时(未标出)，电压表示数为2V ，电流表示数如图乙所示。若想测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P 向______(选填“左”或“右”)端移动。

(3)变阻器滑片P 在B 处(未标出)时小灯泡正常发光，电流表示数如图丙所示，灯泡的额定功率为______W 。

(4)若滑片在AB 两点移动时变阻器接人电路中的电阻改变了3.4Ω，该实验电源的电压为______V 。

24. 在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，某组同学用滑轮安

装了如图甲、乙所示的滑轮组，实验测得的数据如表所示(每个滑轮重0.5N)。

次数

物体的重力G/N 物体被提升高度?/m 拉力F/N

绳端移动的距

离s/m

机械效率η

1 2 0.1 1.0 0.3 66.7% 2 3 0.1 1.4 0.3 71.4% 3 4 0.1 1.8 0.3 74.1%

4

2

0.1

1.5

0.2

用图______(选填“甲”或“乙”)所示的滑轮组测得的。

(2)分析比较第1、2、3次实验数据可以判定，若增大提升物体的重力，滑轮组的机械效率______(选填“变大”“不变”或“变小”)。 (3)用甲滑轮组提升不同重物时，绳重和摩擦导致的额外功与总功的比为定值k ，根据表格中的数据可求出k =______。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同。

故选：C。

声音是由物体的振动产生的；我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。

不同的乐器可以发出相同音调、相同响度，但音色一般不同。

2.【答案】B

【解析】解：

A、小孔成像属于光的直线传播，故A错误；

B、平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；

C、日食是由光的直线传播形成的，故C错误；

D、凸透镜成像，是由于光的折射形成的。故D错误。

故选：B。

(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影

子的形成、日食和月食等；

(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的

倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折

射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。

本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。

3.【答案】D

【解析】解：新鲜的菠菜放两天就“蔫”了，是因为菜中的水分变成的水蒸气，发生了汽化。

故选：D。

物质由液态变为气态叫汽化，汽化蒸发和沸腾两种方式。

此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。

4.【答案】A

【解析】解：

A、我国家庭电路的电压为220V，故A错误，

B、控制用电器的开关应接在该用电器和火线之间，故B正确；

C、大功率用电器使用三线插头，三孔插座上面的孔接地线，在用电器漏电时，人接触用电器，地线可以把人短路，避免触电事故发生，故C正确；

D、控制电灯的开关与电灯串联，并且接在火线与电灯之间，故D正确。

故选：A。

(1)我国家庭电路电压是220V，人体安全电压不高于36V；

(2)控制用电器的开关应接在该用电器和火线之间，若电灯的开关接在了零线上时，即

使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，

(3)三孔插座的第三个孔接地线，三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳；

(4)开关与被控制的用电器串联连接，并且开关与火线相连。

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本题涉及到的知识点比较多，是一道综合题，但难度不大，熟练掌握相关的基础知识是正确解题的关键。

5.【答案】D

【解析】解：欧姆发现了欧姆定律；安培研究了磁场对电流的作用力，奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第最早发现了电磁感应定律，故D正确，ABC错误。

故选：D。

根据物理学史和常识解答，记住主要科学家的贡献，

本题主要考查物理学史，要求学生熟练记忆。

6.【答案】A

【解析】解：A、轴承中使用光滑的钢珠，是用滚动代替滑动来减小摩擦。故A正确；

B、车胎有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B错误；

C、用链条传输动力，是利用轮轴，可起到省力的作用，但不能减小摩擦。故C错误；

D、车座设计成较宽大的“马鞍形”，是在压力一定时，增大受力面积，减小对人臀部的压强，故D错误。

故选：A。

(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

7.【答案】A

【解析】解：

如图所示，对于ABC，在使用时，它的动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆；“DEF”在使用时，它的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确、BCD错误。

故选：A。

对于杠杆类型的判断可从动力臂与阻力臂的大小关系上入手。

本题利用生活中实例，考查了杠杆的分类，属于基础题目。

8.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，闭合开关后，若向右移动滑

可知，在电源电压不变时，电片P，则接入的阻值变大，则电路中总电阻变大；由I=U

R

路中的电流变小，电流表示数变小；故AC错误；

已知R2为定值电阻，由U=IR可知R2两端电压变小，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知：滑动变阻器R1两端的电压变大，即电压表示数变大；故B

错误，D正确。

故选：D。

分析电路图两电阻串联，当滑动变阻器滑片向右滑动时，接入的阻值变大，利用欧姆定律分析电流变化；根据U=IR和串联电路的电压特点分析电压表示数变化。

此题主要考查学生对于欧姆定律公式的理解，抓住电路特点找准电阻变化是解题关键。

9.【答案】D

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【解析】解：

B、从地面竖直上抛一小球，小球在上升过程中，高度增加，重力势能增大，所以甲为重力势能变化的图象；上升过程中小球的速度减小，动能减小，所以乙为动能变化的图象，故B错误；

AC、由图象可知，当高度?=0时，小球的初始动能为8J，此时的动能是最大的，而重力势能为0；

当高度?=10m时，动能减小为0J，重力势能增大为8J，这表明动能全部转化为重力势能，故小球的机械能是守恒的，故AC错误；

D、由图可知，甲乙都是直线，表明动能匀速减小、重力势能匀速增加；小球上升10m 减小的动能为8J，则小球上升1m减小的动能为8J

10

=0.8J；上升三米时减小的动能(即增加的重力势能)为0.8J×3=2.4J，此时的动能为8J?2.4J=5.6J，此时的重力势能为0J+ 2.4J=2.4J；

所以，小球上升3米时动能和重力势能之比为5.6J：2.4J=7：3，故D正确。

故选：D。

(1)(3)根据图象找出动能的最大值和重力势能的最大值分析机械能是否守恒；

(2)动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与高度和质量有关；

(4)根据图象分析每上升1m时减小的动能，从而求出上升3m时的动能和重力势能。本题考查了动能、重力势能的相互转化和机械能守恒，根据机械能守恒求出重力势能的大小是解题的关键。

10.【答案】C

【解析】解：设该树木的含水率为k，湿树木的质量为m，体积V，则湿树木中水的质量m水=km，完全脱水后树木的质量为：

m

木=m?m

水

=m?km=(1?k)m，

完全脱水后树木的体积为：

V

木

=(1?10%)V=0.9V，

因湿树木与该树木完全脱水后的密度之比为3：2，所以，由ρ=m

V

可得：

ρ

湿树木ρ

干树木=

m

V

m

木

V

木

=

m

V

(1?k)m

0.9V

=0.9

1?k

=3

2，

解得：k=0.4，

所以，该树木的含水率为40%。

故选：C。

设出该树木的含水率和湿树木的质量、体积，根据含水率的定义求出湿树木中水的质量，进一步求出完全脱水后树木的质量，根据树木的体积缩小了10%求出完全脱水后树木的

体积，根据ρ=m

V

结合湿树木与该树木完全脱水后的密度之比为3：2得出等式即可求出

该树木的含水率。

本题考查了密度公式的灵活应用，明白含水率的含义是关键。

11.【答案】B

第8页，共16页

【解析】解：因液体对薄壁柱形容器底部的压力和液体本身的重力相等，所以，由p=F

S

可得，液体A和B的重力分别为：

G A=F

甲=p

甲

S

甲

，G B=F乙=p乙S乙，

因液体A和B的质量相等，则两液体的重力相等，所以，G A=G B，p甲S甲=p乙S乙，

则S甲=p

乙

p

甲

S

乙

=450Pa

600Pa

S

乙

=0.75S

乙，

由S

乙=

S

甲

+S

丙

2

可得，S丙=2S乙?S甲=2S乙?0.75S乙=1.25S乙，

将甲、乙中的液体全部倒入丙容器中后，则混合液体对容器底部的压强：

p 丙=

F

丙

S

丙

=G A+G B

S

丙

=G B+G B

1.25S

乙

=1.6p

乙

=1.6×450Pa=720Pa。

故选：B。

液体对薄壁柱形容器底部的压力和液体本身的重力相等，根据p=F

S

求出液体A和B对容器底的压力即为两液体的重力，根据液体A和B的质量相等结合G=mg求出两容器

的底面积关系，根据S

乙=

S

甲

+S

丙

2

得出乙和丙的底面积关系，将甲、乙中的液体全部倒入

丙容器中后容器底部的压力等于两液体的重力之和，根据p=F

S

求出混合液体对容器底部的压强。

本题考查了压强定义式的灵活应用，知道液体对薄壁柱形容器底部的压力和液体本身的重力相等是关键。

12.【答案】A

【解析】解：

闭合开关S，两电阻并联，根据并联电路各支路互不影响，定值电阻的功率不变，设为P0；

变阻器的阻值调至R1时，变阻器的功率为：

P

变1=U2

R1

，

因电路的总功率为P1，故有P1?P0=P变1=U2

R1

，

R1=U2

P1?P0

-----①，

同理，变阻器的阻值调至R2时，变阻器的功率为：

P

变2=U2

R2

，电路的总功率为P2，

P2?P0=P

变2

=

U2

R2

R2=U2

P2?P0

-----②，

①÷②得：R1

R2=

U2

P1?P0

U2

P2?P0

=P2?P0

P1?P0

------③，

第9页，共16页

第10页，共16页 因P 1P 2=58，即P 2=85P 1------④， ④代入③得：

R 1

R 2=P 2?P 0P 1?P 0=85P 1?P 0P 1?P 0=

P 1?P 0+35P 1P 1?P 0=P 1?P 0P 1?P 0+35P 1P 1?P 0=1+35×P 1P 1?P 0， 因P 1>P 1?P 0，故35×P 1P 1?P 0

>0.6。 因此，R 1R 2=1+35×P 1P 1?P 0>1.6，只有A 符合题意，

故选：A 。

闭合开关S ，两电阻并联，在变阻器滑片移动过程中，根据并联电路各支路互不影响，通过定值电阻的电流保持不变，定值电阻的功率不变，设为P 0；

根据P =U 2R ，得出变阻器的阻值调至R 1时变阻器的功率，结合已知条件得出R 1关系表达

式；同理得出R 2关系表达式，从而得出R 1R 2表达式，由P 1P 2=58，结合数学知识确定R 1R 2

可能的大小。

本题考查并联电路的规律、特点及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是明确定值电阻的电功率保持不变。

13.【答案】解：

(1)电源电压保持不变，电阻R 1=20Ω，闭合开关S 后，两电阻并联，电流表A 测干路电流，电流表A 1测R 1的电流，因电流表A 1的示数为0.2A ，根据欧姆定律I =U R ，R 1的电压：

U =I 1R 1=0.2A ×20Ω=4V ，即电源电压为4V ；

(2)电流表A 的示数为0.6A ，由并联电路电流的规律，通过R 2的电流为：

I 2=I ?I 1=0.6A ?0.2A =0.4A ，

由欧姆定律I =U R ，R 2=U I 2=4V 0.4A =10Ω。 答：(1)R 1两端的电压为4V ；

(2)R 2的阻值为10Ω。

【解析】(1)分析电路连接和电流表测量的电流，根据欧姆定律I =U R 求出R 1的电压，由并联电压电压的规律即电源电压；

(2)已知电流表A 和A 1的示数，由并联电路电流的规律得出通过R 2的电流，由欧姆定律求出R 2。

本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，为基础题。

14.【答案】解：(1)根据弹簧测力计下挂一长方体金属块，金属块的下表面与水面相平时，弹簧测力计示数为27N ；可知：金属块的重力为27N ；

金属块受到的浮力：F 浮=G ?F =27N ?17N =10N ；

(2)，由于金属块浸没在水中，则根据F 浮=ρ液gV 排可知：

金属块体积V =V 排=F 浮ρ

水g =10N 1.0×103kg/m 3×10N/kg =1×10?3m 3； 金属块的质量m =G g =27N 10N/kg =2.7kg ，

所以金属块密度ρ=m

V = 2.7kg

1×10?3m3

=2.7×10?3kg/m3；

(3)金属块下移6cm时，上表面与水面相平(水未溢出)，则水面上升的高度为水面变化

量：△?=

S

物

S

容

?S

物

?=1

4?1

×6cm=2cm；

所以金属块的高度为：?金=?+△?=6cm+2cm=8cm=0.08m，

金属块的底面积为：S金=

V

?

金

=1×10?3m3

0.08m

=0.0125m2，

S 容=4S

物

=4×0.0125m2=0.05m2，

故V水=S容?1=0.05m2×0.2m=1×10?3m3，

由ρ=m

V

可知，圆柱形容器内所装水的质量：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×1×

10?2m3=10kg。

答：(1)物体所受的浮力为10N；

(2)物体的密度为2.7×103kg/m3；

(3)容器内所装水的质量为10kg。

【解析】(1)利用称重法即可求出金属块受到的浮力；

(2)根据F浮=ρ液gV排求出排开水的体积，由于金属块浸没在水中，则金属块的体积等

于排开的水的体积；然后根据G=mg求出金属块的质量，根据ρ=m

V

求出物体的密度；

(3)根据V=S?以及金属块的体积与排开水的体积相等求出水面变化的高度；然后求出金属块的高度，根据V=S?求出金属块的底面积，然后求出容器的底面积，根据V=S?求出水的体积；根据密度的变形公式求出容器中水的质量。

本题考查弹簧测力计的使用、称重法、阿基米德原理、体积和密度公式的应用，涉及的内容较多，有一定的难度，关键能想象出高度与面积间的关系。

15.【答案】不是放出热胀冷缩红外线外向内小于

【解析】解：(1)飞沫在空气中的运动属于机械运动，不是分子的运动。水蒸气液化过程放出热量。

(2)水银温度计，其原理是利用液体的热胀冷缩性质。测温枪利用红外线工作检测体温。

(3)由于病房内的气压低于病房外的气压，故空气从外向内流动。负压病房的换气量与房间人数和风机工作时间的乘积成正比，故3人6小时的换气量(3×6=18)小于4人5小时的换气量(4×5=20)。

故答案为：(1)不是；放出；(2)热胀冷缩；红外线；(3)外向内；小于。

(1)构成物质的分子，总在不停地做无规则运动，从而形成扩散现象。物体位置的变化叫机械运动。

(2)物质由气态变为液态叫液化，液化放热。

(3)温度计根据液体的热胀冷缩性质工作，红外线的特点是热效应强，常用于遥控器或测温枪。

(4)空气的流动与气压大小有关，从气压大的地方向气压小的地方流动。

(5)根据换气量与房间人数和风机工作时间的乘积成正比，可得出换气量的关系。

此题考查多个知识点，区分机械运动和分子运动，理解温度计的原理、红外线的特点，知道空气的流动方向与气压关系，可解答此题。

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16.【答案】(1)24；不变；(2)一次；聚变；(3)10

【解析】解：

(1)地球自转周期为24h，而火星的自转周期与地球相近，因此火星的自转周期约为24h；探测器中的火星车从地球运动到火星的过程中，其质量不变，因此其惯性不变；(2)探测器在飞行过程中是直接吸收阳光来利用太阳能的，太阳能是一次能源；在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放出巨大的核能；

(3)为便于计算，可认为地球到火星的距离等于两轨道之间的间距，

则探测器从地球到火星需航行的路程：

s=1.52AU?1AU=0.52AU=0.52×1.5×108km=7.8×107km，

由v=s

t

可得，探测器从地球达到火星的时间：

t=s

v =7.8×107km

3km/s

=2.6×107s≈7222?≈300天=10个月。

故答案为：(1)24；不变；(2)一次；聚变；(3)10。

(1)地球自转周期为24h，据此结合题意可知火星的自转周期；惯性的大小只与物体的质量有关；

(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出巨大的核能；

(3)地球到太阳的距离为1AU(1AU=1.5×108km)，火星到太阳的距离为1.52AU，为便于计算，可认为地球到火星的距离等于两轨道之间的间距，根据速度的变形公式可求出时间。

本题主要考查了学生对地球自转周期的了解、惯性知识、一次能源和二次能源的区分、速度公式的应用，最后一小题计算时注意单位换算，是一道综合性较强的题目。

17.【答案】(1)3.4；电磁波；发生；(2)磁场；变快；(3)5.75；能

【解析】解：(1)无人机匀速运动过程中受力是平衡的，受到竖直向上的升力和竖直向下的重力，升力等于重力，即F=G=mg=1.36kg×10N/kg=13.6N；由于无人机

有四个旋翼，则一个旋翼产生的升力为：F′=1

4F=1

4

×13.6N=3.4N；

遥控器是通过电磁波来控制飞机的；

无人机绕过障碍物的过程中，运动的方向发生了改变，其运动状态发生改变；

(2)无人机旋翼主要组成部分有电动机，是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，增大线圈中的电流，则磁力变大，旋翼的转速会变快；

(3)根据公式P=UI可知，电池正常充电过程中的电流约为：I=P

U =100W

17.4V

≈5.75A；

(4)根据P=W

t 可知，将能量标识为81.3W??的电池充满的时间为：t=W

P

=81.3W??

100W

=

0.813?，所以能在1h内充满电。

故答案为：(1)3.4；电磁波；发生；(2)磁场；变快；(3)5.75；能。

(1)物体静止或者做匀速直线运动时受力是平衡的；电磁波可以传递信息；物体速度变化、运动方向变化都属于运动状态变化；

(2)通电导体在磁场中受到磁力作用，磁力的大小与电流大小有关；

(3)根据公式P=UI求出电流的大小；根据P=W

t

可求出充电的时间。

本题通过无人机考查了二力平衡的应用、电磁波的作用、电功率公式的应用，难度不大，仔细分析即可解答。

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18.【答案】升高不变热传递不相同 4.5×1051000 等于可以

【解析】解：(1)因为沸点随气压的增大而升高，所以电压力锅的锅内气压增大时水的沸点升高；

水沸腾时，继续吸收热量，但温度不变；

(2)电压力锅通电后，将电能转化为内能，又将电阻产生的内能转移给水，因此水的内能增加是通过热传导的方式；电压力锅通电时，电阻内能增大是通过电流做功的方式，因此两种情况下原来不相同；

(3)食材吸收的热量：Q吸=cm△t=4×103J/(kg?℃)×2.5kg×45℃=4.5×105J；

由η=Q吸

W 可得，消耗的电能：W=

Q

吸

η

=4.5×105J

90%

=5×105J，

加热功率：P=W

t

=5×105J

500s

=1000W；

(4)根据电路图可知，开关跳至b处时，灯泡与R2串联；

因串联电路中处处电流相等，因此通过L的电流等于通过R2的电流；

由P=U2

R

可知，此时电路的总电阻：R总=

U2

P

保温

=(220)2

10W

=4840Ω，

R2的阻值：R2=R总?R L=4840Ω?10Ω=4830Ω，显然R2的阻值远远大于灯泡的阻值，由P=I2R可知，R2消耗的功率远远大于灯泡消耗的功率，因此灯泡的功率相对于R2的功率可以忽略不计。

故答案为：(1)升高；不变；(2)热传递；不相同；(3)4.5×105；1000；(4)等于；可以。

(1)沸点随气压的增大而升高；水沸腾时，继续吸收热量，但温度不变；

(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；

(3)根据Q吸=cm△t求出食材吸收的热量；然后根据η=Q吸

W

求出消耗的电能，再利用P=

W

t

求出加热功率；

(4)根据电路图可知，开关跳至b处时，灯泡与R2串联，根据串联电路电流特点可知灯泡和R2中的电流关系；

根据P=U2

R

的变形公式可求出保温时电路的总电阻，并根据串联电路电阻特点求出R2的阻值，比较R2的阻值和灯泡的阻值关系，并结合P=I2R可知灯泡和R2消耗的电功率关系，从而得出结论。

本题是一道电功和热学的综合题，考查了改变内能的两种方式、沸腾的特点、热量、电功的计算以及电功率计算公式的应用，注意第(4)小题，当发热电阻的功率远远大于灯泡的功率时，灯泡的功率可以忽略不计。

19.【答案】解：过入射点垂直于界面作出法线，再根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，在法线右侧的水中画出折射光线，如图所示：

【解析】根据光的折射规律作图。光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。

光的折射作图，记住角的大小关系：由空气斜射入水，折射角小，由水斜射入空气，折

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射角大。即空气中的光线和法线的夹角总是大的。

20.【答案】解：

重力G和支持力F的作用点画在物体的重心上，重力G的方向竖直向下；支持力F的方向与斜面垂直向上．如图所示：

【解析】力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；

斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上．

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图．

21.【答案】解：电源右侧为正极，则电流由右侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的左侧为N极，右侧为S极，如图所示：

答案如图所示

【解析】根据电源的正负极可知电流的方向，由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极

本题考查了右手螺旋定则(安培多则)的使用。利用安培定则可由电流的方向判定磁体的磁极。

22.【答案】缩小右大25

【解析】解：(1)由图知，当蜡烛、凸透镜位于图中刻度对应的位置时，物距大于像距，凸透镜能成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的。

(2)若将蜡烛向右移动少许，光屏也应向右移才能再次成清晰的像，根据物近像远像变大，此像的大小比刚才的像要大一些；

(3)由图可知，蜡烛和光屏之间的距离为50cm?10cm=40cm，像距v=65cm?

50cm=15cm，由光路可逆可知，像距为15cm时，可成倒立放大的实像，凸透镜的位置10cm+15cm=25cm处可以在光屏上再次形成清晰的像。

故答案为：

(1)缩小；(2)右；大；(3)25。

(1)根据物距大于2倍焦距时，成倒立放大实像的原理进行分析，投影仪或幻灯机就是根据这个原理制成的；

(2)根据凸透镜成实像时遵循物近像远像变大的特点进行分析；

(3)根据光路可逆，判断凸透镜的位置和成像情况；

掌握凸透镜成像的两种判断方法：根据物距和焦距的关系，根据物距和像距的关系。

23.【答案】右左0.55 4.48

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【解析】解：

(1)为了保护电路，开关闭合前，需将滑片的位置放在最大值右端；

(2)灯泡正常发光时两端电压等于额定电压，变阻器滑片P在A处时，电压表示数为2V 小于额定电压2.5V，为测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，由串联电路的分压原理知，应减小变阻器连入电路的阻值，故滑片P应向左端移动；

(3)由图丙知，电流表使用0～0.6A量程，分度值0.02A，灯泡正常发光时的电流为0.22A，所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.22A=0.55W；

(4)由图乙知，滑片在A点时，电路中电流为0.2A，

由串联电路特点和欧姆定律可得，电源电压U=U L+U R=U L+IR A=2V+

0.2A×R A…①

滑片在AB两点移动时变阻器接人电路中的电阻改变了3.4Ω，所以R A=R B+3.4Ω，

滑片在B点时正常发光，电源电压U=U额+U R‘=2.5V+0.22A×(R A?3.4Ω)…②

由①②解得R A=12.4Ω，代入①可得U=4.48V。

故答案为：(1)右；(2)左；(3)0.55；(3)4.48。

(1)开关闭合前，需将滑片的置于最大值处；

(2)比较灯泡的实际电压与额定电压大小，根据串联电路的分压原理分析滑片的移动方向；

(3)读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI计算灯泡的额定功率；

(4)滑片在AB两点移动时变阻器接人电路中的电阻改变了3.4Ω，由串联电路特点和欧姆定律列式表示出P在A和B点时的电阻关系，从而计算出电源电压。

本题是测灯泡电功率的实验，考查了实验注意事项和操作、电功率的计算以及串联电路特点和欧姆定律的应用，此实验是电学中重要实验，要掌握好。

24.【答案】66.7%乙变大1

6

【解析】解：

(1)第4次实验的机械效率：

η=W

有用

W

总

=G?

Fs

=2N×0.1m

1.5N×0.2m

×100%≈66.7%；

由s=n?可得，n=s

?=0.2m

0.1m

=2，图乙中承担物重的绳子段数为2，故选择装置乙；

(2)比较第1、2、3次实验数据可知，对于同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高，因此增大物体的重力可以提高滑轮组的机械效率；

(3)根据第1次实验数据可知，有用功为：W有=G?=2N×0.1m=0.2J；

总功为：W总=Fs=1N×0.3m=0.3J；

克服动滑轮做的功为：W动=G轮?=0.5N×0.1m=0.05J；

则绳重和摩擦导致的额外功为：W额=W总?W有?W动=0.3J?0.2J?0.05J=0.05J；

绳重和摩擦导致的额外功与总功的比值k为：k=W

额

W

总

=0.05J

0.3J

=1

6

。

故答案为：(1)66.7%；乙；(2)变大；(3)1

6

。

(1)根据η=W

有用

W

总

×100%求出第4次实验的机械效率；然后根据s=n?求出提升物体绳

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子的条数，从而确定滑轮组的装置；

(2)比较第1、2、3次实验数据，钩码升高的距离相同，绳子自由端移动的距离相同，说明使用的是同一装置，所做的额外功相同，提起的重物不同，机械效率不同据此得出结论；

(3)先根据W有=G?和W总=Fs求出有用功和总功，根据W动=G轮?求出克服动滑轮的

重力所做的功，从而求出额外功，然后求出k的大小。

本题考查了探究影响滑轮组机械效率因素的实验，要知道物体越重，做的有用功越多，机械效率越高；动滑轮越多，所做的额外功越多，滑轮组的机械效率越低。

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