2016届安徽省马鞍山市九年级第二次模拟素质测试物理试卷（带解析

2016届安徽省马鞍山市九年级第二次模拟素质测试物理试卷（带解

析）

一、填空题

1.黄山景色闻名天下，严冬经常会出现“雨淞”现象，这种现象一般是由在朔风里飘扬的雨滴附于树枝、草等物体上形成的冰晶，如图（甲）所示；而松花江畔，严冬却经常出现“雾淞”现象，它是由水蒸气遇冷凝结并附在树枝叶上形成的冰晶，如图（乙）所示．“雨淞”、“雾淞”的形成的物态变化是 的（填：“相同”或“不同”）。

【答案】不同 【解析】

试题分析：雨淞是雨滴并附于树枝、草等物体上形成的冰晶由液态变为固态是凝固；雾淞是水蒸气遇冷凝结并附在树枝叶上形成的冰晶，是凝华；故“雨淞”、“雾淞”的形成的物态变化是不同的。

考点：生活中的凝华现象；液化及液化现象

2.纯电动中巴车的质量约为2000kg，载货4t静止时轮胎与路面接触的总面积约20dm，静止时中巴车对路面的压强为 Pa。如上图，若容器中有两种不相溶的液体密度为ρ1ρ2，深度为h1、h2，可以用固体压强公式推导液体对容器底部总压强P液= 。

2

【答案】3×10；ρ1 gh1 +ρ2 gh2 【解析】

试题分析：静止时中巴车对路面的压力：F=G=（m车+m货）g=（2000kg+4×10 kg）

4

×10N/kg=6×10 N，

对路面的压强：p=F/S=6×104N/20×10m=3×10 Pa；

设容器的底面积为S容 ，则两液体的体积分别为：V1 =S容 h1，V2 =S容 h2，由ρ=m/V和G=mg可得，两液体的重力分别为：G1 =m1 g=ρ1 V1 g=ρ1 S容 h1 g，G2 =m2 g=ρ2 V2 g=ρ2 S容 h2 g， 液体对容器底部总压力：F′=G1 +G2 =ρ1 S容 h1 g+ρ2 S容 h2 g，

液体对容器底部总压强：p′=F′/S容=ρ1S容h1g+ρ2S容h2g/S容=ρ1 gh1 +ρ2 gh2。 考点：压强的大小及其计算；液体的压强的计算

?2

2

5

3

5

3.马拉着载有1000kg货物的雪撬在平直的公路上行驶，雪撬的运动情况如上图所示。在前2秒内马对雪橇的拉力是500N，此时雪撬在水平方向上受到的阻力是________N，如拉雪橇运动在第6秒时，拉力大小与第1秒时相比较是拉力_______（填“增大”、“减小”、“不变”）。

【答案】500；不变 【解析】

试题分析：因为雪橇在平直的公路上匀速向南行驶，在水平方向受到拉力和阻力的作用，并且是一对平衡力，因此雪橇在水平方向上受到的阻力与拉力的大小相等，方向相反，即阻力大小为500N、方向向北；因为接触面的粗糙程度不变，而载货量不变，因此雪橇对地面的压力不变，故雪橇受到的摩擦力不变，由于雪橇仍然匀速行驶，因此马对雪橇的水平拉力不变。 考点：二力平衡条件的应用

4.我国近年要发射大推力火箭建设航天太空站，在航天太空站里，人处于失重状态，小水滴飘浮成了球形，此时小水滴 受到地球的引力作用（填“有”或“没有”）。 【答案】有 【解析】

试题分析：处于失重状态的物体依然受地球的引力，此力提供向心力，故小水滴飘浮成了球形，此时小水滴有受到地球的引力作用。 考点：重力

5.如图所示，小磁针在纸面能自由转动。闭合开关后，小磁针将沿___________方向转动（填“顺时针”或“逆时针”）。

【答案】顺时针 【解析】

试题分析：由图可知电流由螺线管下方流入，则用右手握住螺线管，四指沿电流方向，则大拇指向上，故螺线管上方为N极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则小磁针S将向螺线管靠近，N极远离螺 线管，故小磁针将顺时针转动。 考点：安培定则；磁极间的相互作用

6.如上图，滑轮组机械效率为80%．在自由端拉力F作用下，重1600N的物体以0.2m/s的速度匀速上升，在10s内对物体做有用功为______J，拉力做功的功率为 W。

【答案】3200J；400W 【解析】

试题分析：10s内对物体做的有用功W有用 =Gh=1600N×0.2m/s×10s=3200J；拉力所做的功即为总功由η=W有/W总得，W总 =W总/η =3200J/80%=4000J，拉力F=W总/s=W总

/nh=4000J/4×0.2m/s×10s=500N；拉力做功的功率即总功的功率P总 =W总/t=4000J/10s=400W。 考点：功的计算；功率的计算

7.如上图所示是人心脏振动与音叉振动波形图，这两个声音的 相同。

【答案】响度 【解析】

试题分析：振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大；响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大。人心脏振动与音叉振动偏离原平衡位置距离相同，所以振幅相同，则这两个声音的响度相同。 考点：响度与振幅的关系

8.如图，用一根自重可忽略不计的撬棒撬石块，若撬棒C点受到石块的压力是1800N，且AB=1.8m，BD=0.6m，CD=0.4m，则在A点施加最小动力F1为____________N。

【答案】200 【解析】

试题分析：若以D点为支点，则作用在A点的最小力应垂直杠杆斜向下，此时AD为动力臂，CD为阻力臂，如图：

②若以B点为支点，则作用在A点的最小力应垂直杠杆斜向上，此时AB为动力臂，BC为阻力臂，如图：

由图知，AD＜AB，CD＞BC，所以②更省力；如上图，以B为支点，动力臂AB=1.8m，阻力臂BC=BD-CD=0.6m-0.4m=0.2m，由杠杆的平衡条件：F1 ×AB=F2 ×BC，得：F1 ×1.8m=1800N×0.2m， 解得，F1 =200N． 考点：杠杆的平衡条件

9.运用分子运动理论可以对液体沸腾时内部产生气泡现象做出合理解释：由于液体内部的分子在做无规则运动 ，并且温度升高分子无规则运动 ，从而在液体内部产生气泡，因为液体分子不断进入使得气泡变大并上升到水面破裂，放出水蒸气。 【答案】越剧烈 【解析】

试题分析：物体的分子是在不停的做无规则运动的，而且分子运动的快慢和物体的温度高低有关系，温度越高，分子运动越剧烈，因此，分子的这种运动又叫做分子热运动；由于分子的运动跟温度有关，所以分子的无规则运动叫做分子的热运动；温度越高，分子热运动越快。 考点：分子的运动

10.底面积为100cm的圆柱形容器中装有水，水面漂浮着一木块。容器底部受到的压强为2000Pa，若取走木块，容器底部受到的压强为1500Pa，则木块在水面受浮力 N。 【答案】5 【解析】

试题分析：根据p=ρgh可得，减小的深度：△h=△p/ρ水

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g=2000Pa?1500Pa/1.0×10kg/m×10N/kg=0.05m；

减小的体积：△V=S△h=100×10 m ×0.05m=5×10 m；木块受到的浮力；F浮

3-43

=ρg△V=1000kg/m ×10N/kg×5×10 m =5N。 考点：浮力大小的计算 二、选择题

1.使用手机进行语音通话时，手机要发射出一种波。研究发现，儿童对这种波的吸收是成年人的三倍，所以对儿童的危害更大。手机发射的这种波是 （ ） A．超声波 B．次声波 C．引力波 D．电磁波 【答案】D 【解析】

-4

2

-4

3

2

试题分析：手机既是无线电发射台又是无线电接收台：讲话时，它用电磁波把信息发射到空中；同时它又能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息；在现代社会中，电磁波无处不在，如我们所说的手机发射的就是一种电磁波，像电视的发射和接收、无线电的发射和接收、雷达的工作等都用到了电磁波，故选D。 考点：电磁波的传播 2.下面说法正确的是（ ）

A．同步卫星以地球为参照物是静止的，所以没有机械能

B．用滑轮组提升重物，如忽略动滑轮的重量，机械效率可认为是100% C．密度是物质的属性，但在一定条件下密度也会改变

D．初温相同，质量相同的水与铁块，放出相等的热量，水的温度更低 【答案】C 【解析】

试题分析：同步卫星以地球为参照物，其位置不变，是静止的，但其是运动的，具有动能，其有一定的高度，也具有势能，因此卫星具有机械能，故A错误；用滑轮组提升重物，如忽略动滑轮的重量，由于仍存在摩擦和绳重，所以仍会做额外功，机械效率不可能是100%，故B错误；密度是物质的属性，但在一定条件下密度也会改变，比如，物体温度变化时，其密度会有一定程度的改变，故C正确；根据公式Q=cm△t可知，初温相同，质量相同的水与铁块，放出相等的热量，铁块的比热容小，所以其温度变化大，即铁块的温度更低，故D错误。 考点：滑轮（组）的机械效率；运动和静止的相对性；机械能；热量的计算 3.下列根据现象所作出的推测符合事实的是（ ） A．由物体温度升高推测：物体吸收了热量

B．由相同速度的载重货车比小轿车更难以制动推测：质量越大，惯性越大 C．由家庭电路中的空气开关自动切断电路推测：电路短路 D．由物体的温度为0℃推测：物体没有内能 【答案】B 【解析】

试题分析：由物体温度升高，即可能是外界物体对它做了功，也可能是它从外界吸收了热量，故A错误；惯性的大小与物体的质量有关，故由相同速度的载重货车比小轿车更难以制动推测：质量越大，惯性越大，故B正确；空气开关自动切断的原因可能是短路、可能是总功率过大、也可能是由漏电的地方，故C错误；

一切物体都有内能，即0℃的物体也有内能，故D错误。 考点：物理学方法

4.下列关于电磁现象的说法中，正确的是 （ ） A．玩具电动车的电动机是利用电磁感应现象工作的

B．通电导体在磁场中受力方向只与电流的方向有关 C．闭合电路的部分导体在磁场中运动时，就会产生感应电流 D．发电机工作时，将机械能转化为电能 【答案】D 【解析】

试题分析：玩具电动车通电后发生运动，即利用的是通电导线在磁场中的受力原理，A错误；由左手定则知，通电导线在磁场中的受力与电流方向及磁场方向有关，B错误；感应电流的条件为：闭合回路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动才能产生感应电流，C错误；发电机通过转子的转动消耗机械能转化为电能，D正确。

考点：左手定则；磁场对通电导线的作用；发电机的构造和原理；能量守恒定理 5.下列说法中正确的是（ ）

A．单摆小球运动到最高点是静止，此时小球受到的力是非平衡力 B．手握住茶杯悬空不动，若增大握力，则手与茶杯之间的摩擦力也增大 C．针管将药液吸上来是因为药液受到了吸力

D．站在领奖台上的运动员受到的支持力与运动员对领奖台的压力是一对平衡力 【答案】A 【解析】

试题分析：单摆小球运动到最高点是静止的，此时小球受到的力是平衡力，故A正确；手握住茶杯悬空不动，重力与摩擦力平衡，若增大握力，手与茶杯之间的摩擦力仍等于重力，大小不变，故B错误；针管将药液吸上来是因为药液受到了大气压的作用，而不是受到吸力的作用，故C错误；站在领奖台上的运动员受到的支持力与运动员对领奖台的压力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误。

考点：平衡力的辨别；平衡状态的判断；大气压的综合应用

6.如图所示的电路，电源电压为3V且保持不变，滑动变阻器R1标有“1A 10Ω”的字样。当滑动变阻器的滑片P在最右端时闭合开关S，通过灯泡L的电流为0.5A，移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，下列说法正确的是（ ）

A．向左移动滑动变阻器的滑片P时灯泡变亮 B．滑片P在最右端时通过干路中的电流是0.9A C．R1消耗的电功率范围是1.5W～3W D．电路消耗的总功率范围是2.4W～4.5W 【答案】D

【解析】

试题分析：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，∵并联电路独立工作、互不影响，∴滑片的移动不能改变灯泡的亮暗，故A不正确；当滑片位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时通过滑动变阻器的电流和干路电流最小，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴根据欧姆定律可得，通过滑动变阻器的最小电流：I1min =U/R1=3V/10Ω=0.3A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴通过干路的电流：Imin =IL +I1min =0.5A+0.3A=0.8A，故B不正确；R1消耗的最小电功率：P1min =UI1min =3V×0.3A=0.9W，

电路消耗的最小总功率：Pmin =UImin =3V×0.8A=2.4W；由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为1A，R1消耗的最大电功率：P1max =UI1max =3V×1A=3W，∴R1消耗的电功率范围是0.9W～3W，故C不正确；通过干路的最大电流：Imax =IL +I1max =0.5A+1A=1.5A，电路消耗的最大总功率：Pmin =UImin =3V×1.5A=4.5W；电路消耗的总功率范围是2.4W～4.5W，故D正确。 考点：电路的动态分析 三、实验题

1.在探究“凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距是10cm．用米尺在水平桌面上画一直线并标明刻度，将透镜固定在50cm刻度处，如图所示。

（1）当把蜡烛移到10cm处时，移动光屏可得到一个清晰像。现有照相机、投影仪、放大镜正常使用，与上述成像情况一致的是 。

（2）小明做完实验后，又想用手表代替蜡烛，看在光屏上能成什么样的像。于是他在透明的玻璃板上用黑色笔画了个手表盘，如图（甲）所示。把这个玻璃板放在蜡烛的位置上，并用平行光源对着玻璃板上的表盘照射，如图（乙）所示，移动光屏直到成清晰像为止。此时表盘在光屏上所成的像是图（丙）中的哪一个？答： 。（选填“A”、“B”、“C”或“D”）

（3）在实验总结时有三位同学发表了自己的观点，请你判断他们的说法错误的是____（选填“A”、“B”、“C”）。

A．在凸透镜成像实验中，如蜡烛烧短了，应将光屏向上调。

B．经细心调节后，光屏上成缩小的实像与放大的实像清晰程度是一样的。 C．蜡烛成实像时有上下颠倒，没有左右颠倒。 【答案】（1）照相机； （2）D； （3）ABC 【解析】

试题分析：（1）蜡烛在10cm处，则此时物距为50-10=40cm，物距大于2f，所以成倒立、缩小的实像，根据这个原理制成了照相机；

（2）因为凸透镜成倒立的实像，不仅左右相反，而且上下相反；根据甲图，首先找出左右相反的像即B，然后确定与B上下相反的像即D；

(3)蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心，所以如蜡烛烧短了，光屏应向下移动，故A错误；光屏上成缩小的实像与放大的实像清晰程度是不一样的，故B错误；蜡烛成实像时有上下颠倒，也有左右颠倒，故C错误。 考点：凸透镜成像规律

2.小明在实验室测量某金属块的密度．实验步骤如下：

（1）小明先把金属块放入装有适量水的量筒中，量筒内水面的位置如图甲所示．然后他将金属块从量筒中取出，直接放在已调节好的托盘天平上，天平平衡时游码在标尺上的位置和

3

右盘砝码如图乙所示，计算金属块的密度为 kg/m。

（2）小明这种测量方法测出的金属块密度值 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 （3）小明接着又测定某液体密度．他根据实验数据绘制了液体和容器的总质量m总跟液体的

3

体积V之间的关系图象，如上图丙所示，根据图象可计算液体的密度为 kg/m。 【答案】（1）2.6×10； （2）偏大； （3）1×10 【解析】

试题分析：（1）由图可知小金属块的质量是50g+2g=52g，金属块的体积为80cm-60cm

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=20cm，因此金属块的密度为：ρ=m/V=52g/20cm=2.6g/cm =2.6×10 kg/m；

（2）本题中先测量的是金属块的体积，然后他将金属块从量筒中取出，直接放在托盘天平的左盘，这样金属块上沾有水，导致质量的测量值偏大，根据密度的计算公式ρ=m/V，因此这种测量方法使测量的金属块密度值偏大；

（3）图象中的质量不是液体的质量，而是液体和烧杯的总质量，即便液体的体积为零时，质量是不为零的，这个质量就是烧杯的质量，由图可知，烧杯的质量是10g．容器和液体的

3

质量是30g，所以液体的质量是：m′=30g-10g=20g，液体的体积是20cm，所以液体的密度是：

3333

ρ′=m′/V′=20g/20cm=1g/cm =1×10 kg/m。 考点：固体的密度测量实验

3.如图甲所示，小明为了测定额定电压为2.5V小灯泡正常发光时电阻（灯泡阻值约为8Ω）。现有如下器材：电流表、电压表、开关各一个，规格分别为“25Ω 2A”、“50Ω l. 5A”的滑动变阻器各一个、导线若干、电源（电压为12V左右）一个。

3

3

3

3

（1）请你用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整。] （2）你认为应该选用规格为 的滑动变阻器。

（3）如果电路连接正确，闭合开关后，发现灯泡不亮，小明移动了滑动变阻器，灯仍然不亮，发现电压表示数0V，电流表示数0.56A，你认为其故障原因是 。

（4）排除故障后，调节变阻器的滑片到某位置时，使小灯泡正常发光，电流表的指针如图乙所示，小灯泡的电阻为 Ω。（请保留二位小数） 【答案】（1）如下图

（2）50Ω l.5A （3） 灯泡短路 （4）7.81 【解析】

试题分析：（1）电流表、滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，滑动变阻器采用一上一下的接法，电路图如图所示

（2）灯泡正常发光时的电流约为I=U/R=2.5V/8Ω=0.3A，此时滑动变阻器两端电压为U滑 =U-UL =12V-2.5V=9.5V；由I=U/R可知，滑动变阻器接入电路的阻值为R滑 =U滑/I=9.5V/0.3A=32Ω＞25Ω，滑动变阻器应选“50Ω l. 5A”；

（3）小灯泡始终不亮，电流表有明显偏转，电路中无断路，电压表示数为0，则可能是灯泡短路造成；

（4）小灯泡正常发光，电压是2.5V，电流表选用0.6A的量程，如图示数是0.32A，由R=U/I知道小灯泡的电阻为R=2.5V/0.32A=7.81Ω 考点：电阻的测量 四、计算题

1.斜面是一种常见的简单机械，在生产和生活中利用斜面提升物体可以省力。与物体在水平面上不同的是，在斜面上物体由于受重力的作用有下滑的趋势，可以等效为物体受到沿斜面向下力的作用。图示为倾角θ=30°的固定斜面，用平行于斜面向上的拉力F=4N，将一物体从斜面底端匀速拉上斜面，所用的拉力要大于摩擦力，已知物体上升的高度h=1m。

（1）求拉力F做的功。

（2）若沿斜面匀速向下拉动物体，拉力减小为F1=3N，求物体与斜面间的滑动摩擦力。 （3）我们已经知道：物体放在水平地面时，对水平地面的压力大小等于物体的重力大小，但物体放在斜面上时，物体对斜面的压力会小于物重。若高度H一定，倾角θ可以改变，请推导斜面的机械效率公式并说明：倾角θ越大，机械效率越高。 【答案】（1）8J； （2）3.5N；

（3）由三角函数可知，高度H一定时，物体沿斜面移动的距离：s′=H/sinθ，

有用功为W有 =GH，额外功为W额 =fs′=f×H/sinθ，总功率为W总 =W有 +W额 =GH+f×H/sinθ， 则斜面的机械效率：η=W有/W总×100%=GH/GH+f×H/sinθ×100%=G/G+f/sinθ×100%，

当H一定时，倾角θ越大，物体对斜面的压力越小，物体受到的摩擦力f越小，sinθ越大，fsinθ越小，斜面的机械效率越大。 【解析】

试题分析：（1）由三角函数可知，当h=1m时拉力F移动的距离：s=h/sinθ=1m/sin30°=2m， 拉力F做的功：W=Fs=4N×2m=8J；

（2）物体沿斜面向上和沿斜面向下匀速运动时，物体受到的摩擦力f和沿斜面向下的分力F2不变，物体沿斜面向上和沿斜面向下匀速运动时，受力情况如图所示：

由力的平衡条件可知：F=f+F2，f=F1 +F2，联立等式可得：f=F+F1/2=4N+3N/2=3.5N； （3）由三角函数可知，高度H一定时，物体沿斜面移动的距离：s′=H/sinθ，

有用功为W有 =GH，额外功为W额 =fs′=f×H/sinθ，总功率为W总 =W有 +W额 =GH+f×H/sinθ， 则斜面的机械效率：η=W有/W总×100%=GH/GH+f×H/sinθ×100%=G/G+f/sinθ×100%，

当H一定时，倾角θ越大，物体对斜面的压力越小，物体受到的摩擦力f越小，sinθ越大，fsinθ越小，斜面的机械效率越大。

考点：斜面的机械效率；功的计算

2.为了让鱼缸内的热带鱼有一个适合的生活环境，小明用一个“220V 300W”的电热棒给鱼缸内的水加热。当水温升到设定值30℃时加热棒自动停止工作，待水温自然冷却到20℃时加热棒自动开始加热，周而复始。每次加热时间损失20%的热量，鱼缸内水的质量始终保持为40kg。

C水=4.2×10J/（kg.℃），计算结果保留二位小数。 （1）正常工作时，通过加热棒的电流是多少？

（2）加热棒每自动加热一次，水升温需要吸收多少热量？ （3）额定电压下，加热棒每次工作的时间是多少秒？ 【答案】（1）1.36A； （2）1.68×10 J的热量； （3）7×10 s 【解析】

试题分析：（1）由P=UI可得，正常工作时，通过加热棒的电流I=P/U=300W/220V≈1.36A； （2）水吸收的热量：Q吸 =cm（t-t0）=4.2×10 J/（kg?℃）×40kg×（30℃-20℃）=1.68×10 J； （3）由η=Q吸/W可知加热棒消耗的电能：W=Q吸/η=1.68×10J/1?20%=2.1×10 J， 由W=Pt可知，加热时间：t=W/P=2.1×10J/300W=7×10 s。 考点：电功与热量的综合计算

3.在初中物理学习中，往往把电压表看成是阻值“无穷大”的电阻，所以在电路分析中一般把电压表看成“断路”。实际上电压表是一个大电阻，在测电压时是有电流通过的，电压表的示数就是它自身两端的电压。为了测量电压表的电阻值，王老师帮助小明设计了如下电路：其中电压表V1和电压表V2是学生实验常用的电压表，电源电压3V稳定，变阻器R0电阻最大4.7KΩ ，R是阻值为3000Ω的定值电阻。

（1）小明闭合开关后，调节变阻器使电压表V1的示数为2.5V，电压表V2的示数为1.5V，请你根据小明的测量数据计算出电压表V2的电阻值。

（2）若将R更换为10Ω 的定值电阻，能否测出V2表的内阻？通过计算说明原因。 （3）去掉两电压表后，R0、R串联在电路中，请用公式推导或计算说明当变阻器滑片从左滑到右端过程中变阻器电功率如何变化？

6

3

6

6

3

6

3

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【答案】（1）4500Ω；

（2）不能，因为此时两电压表示数几乎相同；

（3）去掉两电压表后，R0 、R串联在电路中，当变阻器滑片从左滑到右端过程中变阻器电功率先变大后变小 【解析】

试题分析：（1）由电路图知，R与电压表V2 串联，电压表V1 测它们的总电压，由串联电路的特点知，定值电阻R的两端电压是：UR =\， 由欧姆定律得IV2 =\-3/3\， 所以电压表V2 的电阻：RV2 =UV2/IV2=1.5V/10?3/3A=4500Ω；

（2）R更换为10Ω 的定值电阻，调节变阻器使电压表V1 的示数为2.5V时， 电路中电流：I=UV1/RV2+R=2.5V/4500Ω+10Ω=0.00055A， 此时电压表V2 的示数：U2 =\=0.00055A×4500Ω=2.47V， 两电表示数之差：U1 -U2 =2.5V-2.47V=0.03V＜0.1V，

两电表示数之差小于最小分度值0.1V，两表示数几乎相同，所以电压表V2 电阻无法算出； （3）去掉两电压表后，R0 、R串联，电路中电流I=U/R+R0，

由P=\变阻器的电功率：P0 =\（U/R+R0）2 R0 =U2R0/(R?R0)2+4RR0，

当R0 =R=3000Ω时，P0 有最大值，又知滑动变阻器最大值大于R，所以滑片从左滑到右端过程中变阻器电功率P0 先变大后变小 考点：欧姆定律的应用；电功率的计算

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