高等数学方明亮版第九章答案 曲线积分与曲面积分习题详解
更新时间:2023-10-20 06:23:01 阅读量: 综合文库 文档下载
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高等数学方明亮版第九章
曲线积分与曲面积分习题详解
习题9.1
1 计算下列对弧长的曲线积分: (1)I??L22xds,其中L是圆x?y?1中A(0,1)到B(12,?12 )之间的一段劣弧;
解: L??AB的参数方程为:
x?cos?,y?sin?(???4????2y),于是
AI???2??4?2cos?22(?sin?)?cos?d?
CoxB???4cos?d??(1?12).
(2)??(x?y?1)ds,其中L是顶点为O(0,0),A(1,0)及B(0,1)所成三角形的边界;
L解: L是分段光滑的闭曲线,如图9-2所示,根据积分的可加性,则有
??(x?y?1)ds
LyB(0,1)oA(1,0)x ??OA(x?y?1)ds??AB(x?y?1)ds ??BO(x?y?1)ds,
由于OA:y?0,0?x?1,于是
ds?(dxdx)?(2dydx)dx?1021?0dx?dx22,
故 ?(x?y?1)ds?OA?(x?0?1)dx?32,
而AB:y?1?x,0?x?1,于是
ds?(dxdx)?(2dydx)dx?21?(?1)dx?222dx.
故
?(x?y?1)ds?AB?10[x?(1?x)?1]2dx?22, xdyd2同理可知BO:x?0(0?y?1),sd?()?()ydydyd?021?ydyd?22,则
1
?(x?y?1)ds?BO?10[0?y?1]dy?3232.
综上所述 ??(x?y?1)ds?L32?22??3?22.
(3)??Lx?yds,其中L为圆周x?y?x;
y2222解 直接化为定积分.L1的参数方程为
x?12?12cos?L1,y?12sin?(0???2?),
o1xL且
ds?[x?(?)]?[y?(?)]d??22 12d?.
于是
??
2Lx?yds?22?2?0cos?2?12d??2.
(4)?xyzds,其中L为折线段ABCD,这里A(0,0,0),B(0,0,2),C(1,0,2),
LD(1,2,3);
解 如图所示, ?x2yzds? LzB(0,0,2)? ABxyzds?2? BCxyzds?2? CD2xyzds.
D(1,2,3)C(1,0,2)线段AB的参数方程为 x?0,y?0,z?2t(0?t?1),则
ds?(dxdt2)?(2dydt2)?(2dzdtA(0,0,0)y)2 x?0?0?2dt?2dt,
2故
?xyzds?2 AB? 0?0?2t?2dt?0.
0 1线段BC的参数方程为x?t,y?0,z?2(0?t?1),则
ds?故
? BCxyzds?21?0?0dt?dt,
222? 1 0t?0?2?dt?0,
2线段CD的参数方程为x?1,y?2t,z?2?t(0?t?1),则
2
ds?故
0?2?1dt?2225dt,
?所以
CDxyzds?2? 1 01?2t?(2?t)?25dt?25? (2t?t)dt? 0 12835,? Lxyzd?s2?2 ABxyz?d?s2 BCx?yz?ds 2CD8?xy5z.d s3222(5)?,为球面xdsx?y?z?1与平面x?y?z?0的交线。 L?2L解 先将曲线L用参数方程表示,由于L是球面
x?y?z?1与经过球心的平面x?y?z?0的交线,如图所示,
222z因此是空间一个半径为1的圆周,它在xOy平面上的投影为椭圆,
xoy其方程可以从两个曲面方程中消去z而得到,即以z??(x?y)代入
x?y?z?1有x?xy?y?22222
12,将其化为参
23cost数方程,令32x?12cost,即 x?16,
x2?y?12sint,即有
y?121216sint?cost,代入x2?y2?z2?1(或x?y?z?0中)
得z??sint?cost,从而L的参数方程为
12161216 x?23cost,y?sint?cost,z??sint?cost(0?t?2?).
则 ds?[x?(t)]2?[y?(t)]2?[z?(t)]2dt
23cost22?0 ?sint?(2?sint62)?(2sint6?cost22)dt?dt, 2322所以 ??xds?L?23costdt?23?2?0costdt??.
2 设一段曲线y?lnx(0?a?x?b)上任一点处的线密度的大小等于该点横坐标的平方,求其质量.
解 依题意曲线的线密度为??x2,故所求质量为M?L:y?lnx(0?a?x?b).则L的参数方程为
?Lxds,其中
23
?x?x (0?a?x?b), ?y?lnx?故
ds??dy?1???dx??dx?21?1x2dx?1x1?xdx2,
所以
M??bax2x3331122b1?xdx?[(1?x)2]a?[(1?b2)2?(1?a2)2].
33
3 求八分之一球面x2?y2?z2?1(x?0,y?0,z?0)的边界曲线的重心,设曲线的密度??1。
解 设曲线在xOy,yOz,zOx坐标平面内的弧段分别为L1、L2、L3,曲线的重心坐标为
?x,y,z?,则曲线的质量为M x?y?z?1M1M2M???L1?L2?L3ds?3?ds?3?L12?4?3?2.由对称性可得重心坐标
??L1?L2?L3xds?1M??L1xds???L2xds??L3xds
??????10L1xds?0?xdx1?x,2?L3xds??43??2ML1xds
?2M.
故所求重心坐标为?
?4?3?43?,4??3??.
习题9.2
1 设L为xOy面内一直线y?b(b为常数),证明
?LQ(x,y)dy?0。
证明:设L是直线y?b上从点(a1,b)到点(a2,b)的一段,其参数方程可视为
(a1?x?a2), y?y(x)?b,
于是
4
?LQ(x,y)dy??a2a1Q(x,b)?0?dx?0。
2 计算下列对坐标的曲线积分:
(1)?xydx,其中L为抛物线y2?x上从点A(1,?1)到点B(1,1)的一段弧。
L解 将曲线L的方程y2?x视为以y为参数的参数方程x?y2,其中参数y从?1变到
1。因此
?Lxydx??1?1yy(y)?dy?2?221?1ydy?445。
(2)?(x2?y2)dx?(x2?y2)dy,其中L是曲线y?1?1?x从对应于x?0时的点到
Lx?2时的点的一段弧;
解
yL1L21o2x L1的方程为y?x(0?x?1),则有
??(x 2 1 2 1(x2?y)dx?(x22?y)dy?2 L1? 12xdx?223.
0L2的方程为y?2?x(1?x?2),则
2?y)dx?(x22?y)dy 22
2 L2????[x?(2?x)]dx??[x?(2?x)]?(?1)dx
1222 2(2?x)dx?223.
43所以 ?(x2?y2)dx?(x2?y2)dy? L.
222(3)?ydx?xdy,L是从点A(?a,0)沿上半圆周x?y?a到点B(a,0)的一段弧;
L解
5
??(x,y)(0,0)22(2xcosy?ysinx)dx?(2ycosx?xsiny)dy
?OA(2xcosy?ysinx)dx?(2ycosx?xsiny)dy
2222??AB(2xcosy?ysinx)dx?(2ycosx?xsiny)dy
22??x0[(2xcos0?0sinx)?(2?0?cosx?xsin0)?0]dxy22
??[(2xcosy?ysinx)?0?(2ycosx?xsiny)]dy
0??x0222xdx ??(2ycosx?xsiny)dy
022222y?x?(ycosx?xcosy?x)?xcosy?ycosx。
(3)?(1,2)(2,1)?(x)dx??(y)dy,其中?(x)和?(y)为连续函数。
?P?y?Q?x解 令P??(x),Q??(y),则
(1,2)(2,1)?0?在整个xOy面内恒成立,因此,曲线
积分??(x)dx??(y)dy在整个xOy面内与路径无关。为了计算该曲线积分,取如右图
y所示的积分路径,则有
? ??(1,2)(2,1)C(1,2)?(x)dx??(y)dy
?AB?(x)dx??(y)dy?2?BC?(x)dx??(y)dy
OB(1,1)A(2,1)x?12?(x)dx???(y)dy。
14 验证下列P(x,y)dx?Q(x,y)dy在整个xOy面内为某一函数u(x,y)的全微分,并求出这样的一个u(x,y):
(1)(2x?siny)dx?xcosydy; 解 令P?2x?siny,Q?xcosy
?Q?xyB(x,y)??cosy,
?P?y?cosy
O∴ 原式在全平面上为某一函数的全微分,取
(x0,y0)?(0,0),
?A(x,0)xu(x,y)??(x,y)(0,0)Pdx?Qdy=?2xdx?0x?y0xcosydy=x?xsiny
211
(2)(x2?2xy?y2)dx?(x2?2xy?y2)dy; 解 因为P?x2?2xy?y2,Q?x2?2xy?y2,所以
?Q?x?2x?2y??P?y在整个
:在整个xOy面内,(x2?2xy?y2)dx?(x2?2xy?y2)dy是某xOy面内恒成立,因此,一函数u(x,y)的全微分,即有
(x2?2xy?y2)dx?(x2?2xy?y2)dy?du。
于是就有
?u22?x?x?2xy?y ?u?x2?y?2xy?y2 由(4)式得
u(x,y)??(x2?2xy?y2)dx?13223x?xy?xy??(y) 将(6)式代入(5)式,得
x2?2xy???(y)?x2?2xy?y2 比较(7)式两边,得
??(y)??y2 于是 ?(y)??133y?C (其中C是任意常数)
代入(6)式便得所求的函数为
u(x,y)?13233x?xy?xy2?13y?C。
(3)ex(1?siny)dx?(ex?2siny)cosydy。
解 令P(x,y)?ex(1?siny),Q(x,y)?(ex?2siny)cosy,则在全平面上有
?QPx?x???y?ecosy,满足全微分存在定理的条件,故在全平面上,
ex(1?siny)dx?(ex?2siny)cosydy
是全微分.
下面用三种方法来求原函数:
12
4)
5)
6)
7)
((( (
解法1 运用曲线积分公式,为了计算简单,如图9-10所示,可取定点O(0,0),动点A(x,0)与M(x,y),于是原函数为
u(x,y)?yM(x,y)?(x,y)(0,0)e(1?siny)dx?(e?2siny)cosydyxx.
oA(x,0)x
取路径: OA?AM,得
u(x,y)??x0e(1?0)dx?x?y0(e?2siny)cosydy?e?1?esiny?siny.
xxx2 解法2 从定义出发,设原函数为u(x,y),则有分(y此时看作参数),得
?u?x?P(x,y)?e(1?siny),两边对xx积
u(x,y)?e(1?siny)?g(y) (*)
x待定函数g(y)作为对x积分时的任意常数,上式两边对y求偏导,又
ecosy?g?(y)?(e?2siny)cosy,
xx?u?y?Q(x,y),于是
即 g?(y)?2sinycosy,从而 g(y)?sin2y?C(C为任意常数),代入(*)式,得原函数u(x,y)?ex?exsiny?sin2y?C.
5 可微函数f(x,y)应满足什么条件时,曲线积分
?与路径无关?
Lf(x,y)(ydx?xdy)
解 令P?yf(x,y),Q?xf(x,y),则
?P?y?P?y?Q?x?Q?x?f(x,y)?yfy(x,y),?f(x,y)?xfx(x,y)。
当?,即f(x,y)?yfy(x,y)?f(x,y)?xfx(x,y)或yfy(x,y)?xfx(x,y)在整个
xOy面内恒成立时,曲线积分?f(x,y)(ydx?xdy)在整个xOy面内与路径无关。
L
13
习题9.4
1 当?为xOy面内的一个闭区域时,曲面积分??f(x,y,z)dS与二重积分有什么关系?
?答 当?为xOy面内的一个闭区域D时,?在xOy面上的投影就是D,于是有
???。f(x,y,z)d??Sf(x,y,0)dxdy
D222 计算曲面积分??(x?y)dS,其中?是
?(1)锥面z?解 锥面z?x?y及平面z?1所围成的区域的整个边界曲面;
22即锥面在xOy面上的投影区x?y与平面z?1的交线为x?y?1,
222222域为圆域Dxy?(x,y)x?y?1。而
?z?x?xx?y2??,
2?z?y22?yx?yx2,
22??z???z?1?????????x???y?221?x?y?y222x?y?2,
因此
??(x?y)dS??22??Dxy2(x?y)dxdy?22??1?(x?y)dxdy
Dxy22 ?(2?1)??(x?y)dxdy?(2?1)?Dxy222?0d??rrdr
012 ?12(2?1)?。
(2)yOz面上的直线段??z?y?x?02 (0?z?1)绕z轴旋转一周所得到的旋转曲面。
解 旋转曲面为z? dS?1?(?z?x2x?y(0?z?1),故
xx?y222)?(?z?y)dxdy?21?()?(2yx?y22)dxdy?22dxdy,
所以
??(x?2?y)dS?2??Dxy2(x?y)dxdy,
22其中Dxy??(x,y)|x2?y2?1?是?在xOy坐标面上的投影区域,利用极坐标计算此二重积分,
14
于是
??(x2?y2)dS?2??2?0d??r?rdr?01222?。
3 计算下列曲面积分:
(1) ??dS,其中?是抛物面在xOy面上方的部分:z?2?(x2?y2),z?0;
?解 抛物面z?2?(x2?y2)在xOy面上方的部分在xOy面上的投影Dxy为圆域
22x?y?2,
?z?x??2x,?z?y??2y,故
??dS????Dxy1?(?2x)?(?2y)dxdy?22??Dxy1?4(x?y)dxdy
22??2π0d??201?4rrdr?213π3.
(2) ??(x?y?z)dS,其中?是上半球面x2?y2?z2?a2,z?0;
?解 上半球面z??z?x?a?x?y在xOy面上的投影Dxy为圆域x2?y2?a2,
?x,?z?y??ya?x?y222222a?x?y222,
dS?1?(?z?x)?(2?z?y)dxdy
2??1???????x???222?a?x?y???2??y?dxdy?222?a?x?y?222aa?x?y222,故
??(x?y?z)dS?????Dxy2π0x?y?a0a?x?y2?aa?x?y2222dxdy
??d???rcos??rsin??a01?r?a1?r2rdr.
?a?2π0d???r2(cos??sin?)??r?dr ?21?r??a0?a?2π0(cos??sin?)d??33r221?rdr?a?2π0d??rdr
0a?0?πa?πa.
15
0 .
3.设?是曲面z2?x2?y2介于z??1和z?2之间的部分,则曲面积分
I???(x?222?y?z)dS
的值为 172π .
4.设?是由锥面z??22x?y与半球面z?222R?x?y围成的空间闭区域,?是?的整
个边界的外侧,则??xdydz?ydzdx?zdxdy? (2?2)πR3 .
5.设r?z(x2?3), 则矢量场A?grad r通过曲面x2?y2?z2?1上半部分的流量
Q? 154π .
二、计算题
1.设空间曲线L为曲面x2?y2?z2?a2与x?y?z?0的交线, (1)若曲线L的线密度为?(x,y,z)?x2,试计算曲线L的质量m;
解: 显然,曲线L是空间圆,由曲线L的方程消去z,得到曲线L在xOy面上的捕风投影是椭圆x2?y2?xy?x?23acost,y?12a2,其参数方程为
a6cost,z??xds?2a2sint?a63cost?a2sint, 其中0?t?2π。
故 m?
(2) 计算I???23Lπa
??L22(x?y?3z)ds.
解: 同理可算得
??L3zds??2?03(?a6cost?a2sint)adt?02,??xds?L??Lyds?2233?a ,
故 I?
4π22(x?y?3z)ds???L33 a。
2.计算??(xy?bx+ay)ds, 其中L为椭圆
2222Lxa22?yb222?1,其周长为c.
2解:
??L(xy?bx+ay)ds??2222???Lxyds???L(bx+ay)ds
2222222?0absintcostasint?bcottdt?2222??Labds
22?0?abc?abc。
3.计算I??L(esiny?b(x?y))xd?e(2ax?x2xxcoys?axy)d,其中a,b为正的常数,L为从点
A(2a,0)沿曲线y?到点O(0,0)的弧.
解
?Q?x??P?y?b?a
31
I???L(esiny?bx(?yxx))?dex(y?coaxsy
OA(x?a)?y?a(y?0)2??2(b?a)dxdy?2?(esiny?b(x?y))dx?(ecosy?ax)dy
2xx?12πa(b?a)?(?2ab)?2212πa(b?a)?2ab2.
4.计算曲面积分I?z?2??x?y?z2?y?z2222dS,其中?是圆柱面x?y?1介于平面 z?0与
之间的部分.
11?x2解:将?分成两部分,即?1:y?1?x2 ,?2:y??1?x2,则dS?和?2在xOz面上的投影区域都为Dxz??(x,z)?1?x?1,0?z?2?,于是
I?x?y?z?1dxdz, 且?1??y?z222dS+11?x???2y?zx?y?z222dS
2???Dxz1?x?z1?z222dxdz+??Dxz?1?x?z1?z211?x2dxdz
?Dxz??1?z2z121?x2dxdz=πln5.
5.计算曲面积分I?????32xdydz?ydzdx?zdxdy?x2?y?z?1a322?32,其中?是球面x2?y2?z2?a2的外侧.
解:I?????xdydz?ydzdx?zdxdy?a?2???xdydz??ydzdx?zdxdy,再利用高斯公式可求得
I?4π.
三﹑确定常数?,使在右半平面x?0上的向量
A(x,y)?(3x?6xy)i+(6xy?4y)j
?2?3为某二元函数u(x,y)的梯度,并求u(x,y).
解: 依题意,有
P??u?x2?3x?6xy,Q?2?2?u?y?6xy?4y,由
3?3?P?y??Q?x,12xy?6?x??1y,得??2。故
?u?x?3x?6xy,?u?y?6xy?4y2,由此可得u(x,y)?x3?3x2y2?y4?C.
四、计算I?1?z5?(x?2)162??r?x3dydz?yr3dzd?xzr3d,xdry?x?y?z222,其中?为曲面
?(y?1)9x32(z?0)的上侧. yr3解: 令P?r,Q?,R?zr3,则
?P?x?r?3?3xr2?5,?Q?y?r?3?3yr2?5,?R?z?r?3?3zr2?5,于
32
是,
?P?x??Q?y??R?z?0 (x?y?z?0)。
222为了应用高斯公式,补充两个曲面
?1: 以原点为球心,1为半径的上半球面的下侧,
?2:z?0,介于圆x?y?1和椭圆
22(x?2)162?(y?1)92?1之间,取下侧,
在?,?1,?2所围成的空间闭区域?上应用高斯公式,得 而???2?????1??2xr3dydz?yr3dzdx?xr3zr3dxdy?yr3???0dV??0,
xr3dydz?yr3dzdx?zr3dxdy?0,???1dydz?dzdx?zr3dxdy? ??xdydz?ydzdx?zdxdy,
?1对积分I1????1xdydz?ydzdx?zdxdy,再补充一个曲面?3:z?0,这里x2?y2?1,取上侧,
则?1,?3围成一个空间闭区域,设其为?1,在?1上应用高斯公式,得 I1?故 I?
五、设u具有二阶连续偏导数,n是闭曲面?的外法线向量, ?所围成的闭区域为?,试证明???u???xdydz??1ydzdx?zdxdy?????3dV??2??1,
。
??r?x3dydz?yr3dzdx?zr3dxdy?0?0?(?2?)?2??u?ndS?????grad u??2dV????u ?grad u?dV.
?证明:令n0?cos??i +cos??j?cos??k,则方向导数
?u?n?grad?un20??u?xco?s2??u?yco?s?2?u?zc?os ,
22?u?u?u??u???u???u?而 (gradu)2?????????,div(gradu)?2?2?2,于是由高斯公式,得
?x?y?z??x???z???y?2????u?u?ndS?????(u?u?xcos??u?u?ycos??u?u?zcos?)dS
????????x?????u????u????u?u?u??????u??dV ?x?y?y?z?z???????222???u?2??u?2??u?2?u?u?u????????u?u?dV ????????u222?x?y?z?x?y?z????????????????grad u??2dV????u ?grad u?dV?。
六、设曲面?为球面(x?a)2?(y?a)2?(z?a)2?a2,a?0,试证明
???(x??y?z?3a)dS?12πa.
1113证明:显然有,球面?与平面x?y?z?(3?3)a相切于点(a?a,a?a,a?a)并且
333球面?在该平面的上方,即球面?上的点都满足x?y?z?3a?3a,故根据第一类曲面积
33
分的计算方法有
????(x?y?z?3a)dS?????33adS?12πa。
34
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