(详细解析)1993年普通高等学校招生全国统一考试(文史类)数学
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
1993年普通高等学校招生全国统一考试数学
(文史类)
一、选择题:(本题共18小题,每小题3分,共54分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.把所选项前的字母填在题后括号内)
1.(同理科1)如果双曲线的实半轴长为2,焦距为6,那么该双曲线的离心率为 A.336 B. C. D.2
222c3?. a2【答案】C 【解析】e?
1?tan22x2.(同理科2)函数y?的最小正周期是 21?tan2xA.
?? B. C.? D.2? 42【答案】B
?1?tan22xcos22x?sin22x??cos4x【解析】y?,所以最小正周期是.
21?tan22xcos22x?sin22x
3.(同理科3)当圆锥的侧面积和底面积的比值是2时,圆锥的轴截面顶角是 A.45? B.60? C.90? D.120? 【答案】C
【解析】设圆锥的底面半径和母线长分别为r,l,则高为r,轴截面顶角是2?45??90?.
4.(同理科4)当z??S侧?rl?2?2,得l?2r,圆锥的S底?r1?i10050时,z?z?1的值等于 2A.1 B.?1 C.i D.?i 【答案】D
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
【解析】z??3?1?i223?3?10050?100) ,所以z?z?1?[cos(???i?cos?isin4224423?3?3?75??100)]?[cos(?50)?isin[(?50)]?1?(cos75??isin75?)?(cos444275?3?3??isin)?1?(cos??isin?)?(cos?isin)?1??1?i?1??i.
222?isin[(
5.(同理科13)若正棱锥的底面边长与侧棱长相等,则该棱锥一定不是 ..A.三棱锥 B.四棱锥 C.五棱锥 D.六棱锥
【答案】D
【解析】若正六棱锥底面边长与侧棱长相等,则正六棱锥的侧面构成等边三角形,侧面的六个顶角都为60?,∴六个顶角的和为360?,这样一来,六条侧棱在同一个平面内,这是不可能的,故选D.
6.(同理科6)在直角三角形中两锐角为A和B,则sinAsinB A.有最大值
11和最小值0 B.有最大值,无最小值 22C.既无最大值也无最小值 D.有最大值1,但无最小值 【答案】B
【解析】sinAsinB?sinAsin(1??A)?sin2A,∵0?A?,∴0?2A??,则22211sinAsinB?sin2A有最大值,无最小值.
22?
7.(同理科7)在各项均为正数的等比数列?an?中,若a5a6?9,则
log3a1?log3a2?...?log3a10?
A.12 B.10 C.8 D.2?log35 【答案】B 【解析】
log3a1?log3a2?...?log3a10?log3a1a2...a10?log3a1a2...a10?log3(a5a6)?log395
?log3310?10.
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
8.(同理科8)F(x)?(1?1)f(x)(x?0)是偶函数,且f(x)不恒为零,则f(x) 2x?1A.是奇函数 B.是偶函数
C.可能是奇函数也可能是偶函数 D.不是奇函数也不是偶函数 【答案】A
F(?x)?(1?【解析】
是奇函数.
11)f(?x)?[?(1?)]f(?x),又F(x)?F(x?)2?x?12x?1,所以f(x)
9.设直线2x?y?3?0与y轴的交点为P,点P把圆(x?1)2?y2?25的直径分为两段,则其长度之比为 A.
73747576或 B.或 C.或 D.或 37475767【答案】A
【解析】圆心C(?1,0),则PC?或
10.(同理科10)若a,b是任意实数,且a?b,则 A.a?b B.【答案】D
【解析】由于不知道a,b的正、负,只有D正确.
11.(同理科11)已知集合E??|cos??sin?,0???2?,F??|tan??sin?,那 么EA.(22(?1)2?(3)2?2,所以两段,则其长度之比为
5?25?25?273,即或.
375?2b11?1 C.lg(a?b)?0 D.()a?()b
22a????F为区间
??3?3?3?5?,?) B.(,) C.(?,) D.(,) 244244【答案】A 【解析】E??5???|?????|cos??sin?,0???2??????.又在区间(,?)内,
444??1?5??1的解集为(,?);而在区间(?,)内,cos?24?sin??0,则tan??sin?的解集即
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
sin??0,cos??0,不等式tan??sin?即
1?1无解.所以Ecos?F为区间为(,?).
2?12.(同理科12)一动圆与两圆:x2?y2?1和x2?y2?8x?12?0都外切,则动圆圆心的轨迹为
A.抛物线 B.圆 C.双曲线的一支 D.椭圆 【答案】C
22【解析】圆x2?y2?1的圆心和半径分别为C1(0,0),r,圆?1x?y?8x?12?0的圆心1和半径分别为C2(4,0),r2?2,设动圆的圆心为C(x,y),则由题设可得C2C?C1C?(r2
?r)?(r1?r)?r2?r1?1,又C1C2?4,由抛物线的定义可知C正确.
13.直线ax?by?c?0在第一、二、三象限,则
A.ab?0,bc?0 B.ab?0,bc?0 C.ab?0,bc?0 D.ab?0,bc?0 【答案】D
【解析】将直线方程变形为y??截距?acax?,由于直线在第一、二、三象限,所以斜率??0,bbbc?0,则ab?0,bc?0,故选D. b
14.(同理科14)如果圆柱轴截面的周长l为定值,那么圆柱体积的最大值是 A.()? B.()? C.()? D.【答案】A
l63l33l431l3()? 44l?2r,圆柱的体积为 2?llV??r2h?r2?2?r3,对V求导V???lr?6?r2??r(l?6r),易知当r?时,体
26l3积取得最大值为()?.
6【解析】设圆柱的底面半径和高分别为r,h,则2(2r?h)?l,h?
15.(同理科15)由(3x?32)100展开式所得的x的多项式中,系数为有理数的共有 A.50项 B.17项 C.16项 D.15项
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【答案】B 【解析】Tr?1?C则3与2
16.(同理科16)设a,b,c都是正数,且3?4?6,那么 A.
abcr100(3x)100?r3(2)?C(3)(2)rr100r3100?r(x)100?r?C3?2r100r2100?r3 (x)100?r,
r2100?r3均为有理数,显然r为6的倍数,而0?r?100,所以r?0,6,12,...,,90,96共17个.
111221122212?? B.?? C.?? D.?? cabcabcabcababc【答案】B
【解析】设3?4?6?k,则a?log3k,b?log4k,c?log6k,也就是
11?logk3, ab1221?logk4,?logk6,显然?2(logk6)?logk36?logk9?logk4??.
ccab
17.(同理科17)同室四人各写一张贺年卡,先集中起来,然后每人从中拿一张别人送出的贺年卡,则四张贺年卡不同的分配方式有
A.6种 B.9 C.11种 D.23种 【答案】B
【解析】法一:设四人分别为a,b,c,d,写的卡片分别为A,B,C,D,由于每个人都要拿别人写的,即不能拿自己写的,故a有三种拿法,不妨设a拿了B,则b可以拿剩下三张中的任一张,也有三种拿法,c和d只能有一种拿法,所以共有3?3?1?1?9种分配方式. 法二:根据题意,列举出所有的结果,
1、甲乙互换,丙丁互换;2、甲丙互换,乙丁互换;3、甲丁互换,乙丙互换;4、甲要乙的 乙要丙的丙要丁的丁要甲的;5、甲要乙的乙要丁的丙要甲的丁要丙的;6、甲要丙的丙要乙的乙要丁的丁要甲的;7、甲要丙的丙要丁的乙要丁的丁要甲的;8、甲要丁的丁要乙的乙要丙的丙要甲的;9、甲要丁的丁要丙的乙要甲的丙要乙的.通过列举可以得到共有9种结果.故选B.
18.在正方体ABCD?A1BC11D1中,M,N分别为棱AA1B的中点(如图).若?为1和B直线CM与D1N所成的角,则sin??
A.
122545 B. C. D. 9399【答案】D
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
【解析】方法一:不妨设正方体边长为2.以D为原点,DA,DC,DD1分别为x轴,y轴、
z轴建立空间直角坐标,则D1(0,0,2),M(2,0,1),C(0,2,0),N(2,2,1).
可得CM?(2,?2,1),D1N?(2,2,?1). ∴cos?CM,D1N??CM?D1NCMD1N?1??.
922?(?2)2?12?22?22?(?1)22?2?(?2)?2?1?(?1)cos??cos?CM,D1N??∴
145,∴. sin??99方法二:取DD1中点E,显然D1N//EB且与CM相交于O,则
?BOC就是所求角或其补角.不妨设正方体边长为2.则3BE?CM?3,BO?CO?,BC?2.在?BOC中由余弦定理
2可得cos??145,∴sin??. 99
二、填空题:本大题共6小题;每小题3分,共18分.把答案填在题中横线上.
19.(同理科19)抛物线y?4x的弦AB垂直于x轴,若AB的长为43,则焦点到AB 的距离为 . 【答案】2
【解析】由题设可得A,B的横坐标为x?3,焦点为(1,0),焦点到AB的距离为2.
20.(同理科20)在半径为30m的圆形广场中央上空,设置一个照明光源,射向地面的光呈圆锥形,且其轴截面顶角为120?.若要光源恰好照亮整个广场,则其高度应为 m(精确到0.1m). 【答案】17.3 【解析】h?2r30??103?17.3.
tan60?3
21.(同理科21)在50件产品中有4件是次品,从中任意抽出5件,至少有3件是次品的抽法共 种(用数字作答).
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
【答案】4186
3241【解析】C4C46?C4C46?4186.
22.(同理科22)建造一个容积为8m,深为2m的长方体无盖水池.如果池底和池壁的造价每平方米分别为120元和80元,那么水池的最低总造价为 元. 【答案】1760
【解析】设长方形的长为x,则宽y?
344,由题设可得总造价R?2?2(x?)?80?4?120 xx44?320(x?)?480,求导得R??320(1?2),令R??0德尔x?2时,根据函数的单调
xx性可知水池的总造价最低为1760元.
23.(同理科23)设f(x)?4?2【答案】1
【解析】由于f(1)?4?2
xx?1xx?1,则f?1(0)? .
?0,所以f?1(0)?1.
1?an?1? . 24.设a?1,则limn??1?an?1【答案】?1 【解析】lim1?an??1?an?1n?11()n?1?1?lima??1. n??1n?1()?1a
三、解答题:(本大题共5小题,共48分.解答应写出文字说明、演算步骤)
25.(本小题满分8分)
解方程lg(x?4x?26)?lg(x?3)?1. 【解】本小题考查对数方程的解法和运算能力.
2x2?4x?26x2?4x?26?lg10,?10. (3分) 原方程可化为lgx?3x?3 7
1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
解得:x1?3?5;x2?3?5. (6分) 检验:x?3?5时,x?3??5?0,负数的对数没有意义, 所以x?3?5不是原方程的根;
x?3?5时,原方程的左边?lg105?lg5?lg10?1?右边.
所以原方程的根是x?3?5. (8分)
26.(本小题满分8分)
已知数列
88?18?28nS?,,???,,???,为其前项和,计算得, Sn1n22222291?33?5(2n?1)?(2n?1)S2?244880,S3?,S4?.观察上述结果,推测出计算Sn的公式,并用数学归纳法加以254981证明.
【解】本小题考查观察、分析、归纳的能力和数学归纳法.
(2n?1)2?1Sn?(n?N). (2分)
(2n?1)232?18?,等式成立. (4分) 证明如下:(Ⅰ)当n?1时,S1?329(2k?1)2?1(Ⅱ)设当n?k时等式成立,即Sk?. (5分)
(2k?1)28(k?1)(2k?1)2?18(k?1)则Sk?1?Sk? ??22222(2k?1)(2k?3)(2k?1)(2k?1)(2k?3)2[(2k?1)?1]k(?223?)k?8( ??(2k?12)(k2?23)21k)?(2k1?)2(2?k3)?2(2?k3?)
k?(221k?)(223)8(1)(2k?12)(k2?23?) ?(2k?12)(k2?k(?221)k?(22?3). ?223)k?(23)1由此可知,当n?k?1时等式也成立. (7分)
根据(Ⅰ)、(Ⅱ)可知,等式对任何n?N都成立. (8分)
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1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
27.(同理科26)(本小题满分10分)
如图,A1B1C1?ABC是直三棱柱,过点A1,B,C1的平面和平面ABC的交线记作l. (Ⅰ)判定直线AC11和l的位置关系,并加以证明; (Ⅱ)若AA求顶点,AB?4,BC?3,?ABC?90?,1?1A1到直线l的距离.
【解】本小题主要考查空间图形的线面关系、三棱柱的性质、空间想象能力和逻辑推理能力. (Ⅰ)l//AC11.证明如下:
根据棱柱的定义知平面A1B1C1和平面ABC平行. 由题设知直线AC11?平面A1B1C1l?平面A1BC1平面A1BC1,直线
平面ABC.
根据两平面平行的性质定理有l//AC11. (4分)
E,则A1E的长为点A1到l的距离. (Ⅱ)解法一:过点A1作A1E?l于
连结AE.由直棱柱的定义知A1A?平面ABC. ∴直线AE是直线A1E在平面ABC上的射影.
又l在平面ABC上,根据三垂线定理的逆定理有AE?l. 由棱柱的定义知AC1//AC,又l//AC11,
∵l//AC. (8分)
作BD?AC于D,则BD是Rt?ABC斜边AC上的高,且BD?AE, 从而AE?BD?AB?BC4?312??.
AC55在Rt?A,?A1AE?90?, 1AE中,∵AA1?1∴A1E?1213AE2?A1A2?()2?12?.
5513. (10分) 5故点A1到直线l的距离为
解法二:同解法一得l//AC11. (8分)
由平行直线的性质定理知?CAB??ABE,从而有
Rt?ABCRt??BEA,AE:BC?AB:AC,∴AE?BC?AB. AC 9
1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
以下同解法一.
28.(同理科27)(本小题满分10分)
在面积为1的?PMN中,tanM?1,tanN??2.建立适当的坐标系,求出以M,N2为焦点且过点P的椭圆方程.
【解】本小题主要考查坐标系、椭圆的概念和性质、直线方程以及综合应用的能力.
解法一:建立直角坐标系如图:以MN所在直线为x轴,线段MN的垂
直平分线为y轴.
x2y2设所求椭圆方程为2?2?1.分别记M,N,P点的坐标为(?c,0),(c,0)
ab和(x0,y0). (1分) ∵ tan??tan(??N)?2,
5?1x?c,???03?y0?(x0?c),∴由题设知?解得? 24?y?c,??y0?2(x0?c),?03?4c). (4分) 3414在?PNM中,MN?2c,MN上的高为c.∴S?MNP??2c?c?1,
323即P(c,∴c?5335323,即P(,). (6分) 263215152. ,PN?(x0?c)2?y0?332PM?(x0?c)2?y0?∴a?115222(PM?PN)?.从而b?a?c?3. (9分) 224x2y2??1. (10分) 故所求的椭圆方程为153解法二:同解法一得:c?35323,即P(,). (6分) 263 10
1993年普通高等学校招生全国统一考试(理工农医类)数学
532232)()2226?32?1, ∵点P在椭圆上,且a?b?c,∴b3b2?()22(2解得b?3或b??21(舍去). (9分) 3a2?b2?c2?15. 44x2y2??1. (10分) 故所求的椭圆方程为153
29.(同理科28)(本小题满分10分)
1?(z)43?设复数z?cos??isin?(0????),??.已知,求?. ??,arg??1?z432【解】本小题考查复数的基本概念和运算,三角函数式的恒等变形及综合解题能力.
1?[cos(??)?isin(??)]41?cos(?4?)?isin(?4?) (2分) ???1?[cos??isin?]41?cos4??isin4?2si2n?2?i2si?n2c?os2?tan?2(si?n?4i ?2co2s?2?i2si?n2c?os2c?o;s 4 )??tan2??sin4??icos4??tan2??因0????,故有 (1)当tan2??3, (6分) 3?7?33??时,得??或??,这时都有??(cos?isin),得
12123366arg???6??2,适合题意. (10分)
(2)当tan2???5?113?,这时都有时,得得??或??12123??11??311?11??,不适合题意,舍去. (cos?isin),得arg??623665?11?. (12分) 或??1212综合(1)、(2)可知?? 11
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532232)()2226?32?1, ∵点P在椭圆上,且a?b?c,∴b3b2?()22(2解得b?3或b??21(舍去). (9分) 3a2?b2?c2?15. 44x2y2??1. (10分) 故所求的椭圆方程为153
29.(同理科28)(本小题满分10分)
1?(z)43?设复数z?cos??isin?(0????),??.已知,求?. ??,arg??1?z432【解】本小题考查复数的基本概念和运算,三角函数式的恒等变形及综合解题能力.
1?[cos(??)?isin(??)]41?cos(?4?)?isin(?4?) (2分) ???1?[cos??isin?]41?cos4??isin4?2si2n?2?i2si?n2c?os2?tan?2(si?n?4i ?2co2s?2?i2si?n2c?os2c?o;s 4 )??tan2??sin4??icos4??tan2??因0????,故有 (1)当tan2??3, (6分) 3?7?33??时,得??或??,这时都有??(cos?isin),得
12123366arg???6??2,适合题意. (10分)
(2)当tan2???5?113?,这时都有时,得得??或??12123??11??311?11??,不适合题意,舍去. (cos?isin),得arg??623665?11?. (12分) 或??1212综合(1)、(2)可知?? 11
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