大学物理(2刚体振动和波部分)
更新时间:2024-06-20 06:46:01 阅读量: 综合文库 文档下载
第六章 刚体运动学
第一节.刚体和自由度的概念
刚体:物体上任意两点间的距离保持不变。
通俗地说:大小和形状保持不变的物体。
刚体和质点都是对实际物体的抽象。刚体考虑了物体的体积效应,但忽略了物体的形变。与质点相比,刚体更加接近实际物体。 自由度:确定一个物体的位置所需要的独立坐标数。 质点的位置:x,y,z三个空间坐标,3个自由度。 刚体的运动:任意点的平动+绕该点的转动
点的平动:3个自由度;绕定点转动:3个自由度,6个自由度。
第二节 刚体的平动
运动过程中,刚体上任意一条直线始终保持和自身平行—平动。 平动时,刚体上各点的运动轨迹都相同。因此只要知道某一点的运动状态就知道了整个刚体的运动状态。
x z B rB rA A y rB?rA?AB drBdrAdAB??dtdtdt
drAdr?vA,B?vBdtAB为常矢量,dt
vA?vB
再对时间求导得:
dvAdvB?dtdt
aA?aB
可见,刚体作平动时,各点的速度和加速度都相同。 书中例题5.1(P.182)
装置如图,曲柄长度为r,与x轴的夹角φ=ωt,其中ω为常量。 求:T形连杆在t时刻的速度和加速度。
解:T形连杆的运动为平动,∴连杆上任意点的速度和加速度都相同。以杆上M点为研究对象:
x=rcosωt O ω φ M 对时间t求导得速度和加速度:
v=-rωsinωt a=-rω2cosωt
第三节 刚体绕定轴转动
定轴转动的实例很多:电机转动,开关门,等等。 刚体绕一固定轴转动,转过的角度θ称为角位移。 角位移的单位:rad(弧度) ;角位移的方向:右手定则, 符合右手定则的方向为“+”;反之为“-” 角位移随时间的变化关系表示为:
θ=f(t)
角速度:描述刚体转动快慢的物理量。 单位:rad/s (弧度/秒) ;方向:右手定则 角速度是角位移随时间的变化率:
??d?df(t)??lim??t?0?tdtdt
角加速度:描述刚体角速度变化快慢的物理量。 单位:rad/s2 (弧度/秒2);方向:右手定则 角加速度是角速度随时间的变化率:
??d?d2?d2f(t)??lim??2?t?0?tdtdtdt2
定轴转动是一维运动,当函数给定后,和直线运动的情况基本相同。
生活中描述转动方向按顺时针和逆时针方向。 物理中描述转动方向按右手定则。
工程上转速的单位经常用:转/分钟 (r/min) 最常用的电机转速为:3000转/分钟 发电机的转速:50转/秒=3000转/分钟
书中例题5.2(P.184)
飞轮的角速度在12s内由1200r/min均匀地增加到3000r/min。 求:(1)飞轮的的角加速度;(2)在这段时间飞轮转过的圈数。 解:先将单位由 转/分 换成 弧度/秒 ω1=1200×2π/60=40π (rad/s) ω2=3000×2π/60=100π (rad/s) ∵匀加速,t=12s,
∴β=(ω2-ω1)/t=(100-40)π/12=5π=15.7(rad/s2) 角速度随时间的变化关系可通过β积分和初条件求得:
????dt??t?c
当t=0时,ω=ω1
∴ω=ω1+βt
角位移随时间的变化关系可通过ω积分和初条件求得:
???(?1??t)dt??1t??t2?c'12
其中c’由初条件确定。 因为要求的是12s内转过的角度,可令t=0时,θ=0,代入得c’=0
∴
???1t??t2?40??12??5???122?840?(rad)N?840??4202?(圈)
1212
换算成圈数为:
第四节 角量与线量的关系
定轴转动中,刚体上一点到转轴的距离为r,该点线量度和角量之间的关系为:
S=θr ;v=ωr ;a切向=βr ;a法向=v2/r=ω2r2/r=ω2r 由于刚体没有形变,所以刚体的法向加速度不重要。 考虑方向后:
s=θ×r v=ω×r a=β×r
作业:P. 191 5.9 ; 5.10
第七章 刚体动力学
第一节 刚体定轴转动与转动定理
复习: 力矩定义: 动量矩定义为:
M?r?F L?r?mv
d(r?mv)dL?dtdt
M?动量矩定理:
将刚体看成由一组特殊的质点组成,其特殊性就是:任意两质点间的距离保持不变。对于质点组中任意一个质点i,可根据动量定理写出它所受到的力矩与动量矩之间的关系:
d(ri?mivi)Mi?dt
其中Mi为质点i所受的力矩,包括外力作用在该质点的力矩Mi外和质点组内相互作用的的力矩Mi内。
∴
d(ri?mivi)Mi外?Mi内?dt (1)
对质点组中每一个质点求和得:
d(ri?mivi)Mi外??Mi内???dtiii (2)
在刚体内部,作用力与反作用力总是成对出现的,并且大小相等,
方向相反,作用在一条直线上,这对力所产生的力矩也是大小相
?对,方向相反的。因此,所有内力矩的求和为0。?Mi内?0。
i刚体在做定轴转动是一维问题,角速度ω的方向为z轴方向,ri与vi总是互相垂直的,ri×vi的方向为z轴方向,ri×vi的大小为rivisin90o=rivi ;
d(ri?mivi)d(mirvii)???dtdti∴ i
因为刚体中任意两质点间的距离保持不变,∴miri均为常量,且vi=ωri,可得:
2d(mirv)d(mr?r)d(mr2d?iiiiiii?)??????miri?dtdtdtdt iiii其中
d???为角加速度,M??Mi外表示和外力矩,则(2)式为: dtM??miri2?i (3)
令J??miri ,则(3)式写成:
2M=Jβ (4) —— 刚体转动定理
对比牛顿第二定律 F=ma
m是描述物体惯性的物理量,J也是描述物体惯性的物理量,并且是描述物体转动时的惯性,称为转动惯量。
第二节 转动惯量
转动惯量的定义:
对于连续的刚体:
J??miri2
J??r2dmV
从转动惯量的定义可以看到,刚体做定轴转动时,其惯性不仅与刚体的质量有关,还与质量的分布状况有关。
对于质量相同的刚体,一个质量分布靠近转轴,另一个质量分布远离转轴,从定义中可以看出,前者的转动惯量比后者小。 生活实例:
锤头的质量为m,锤柄的质量不计,当以角速度ω转动锤子时,柄越长,其转动惯量越大,直观地看,柄越长,锤头的线速度越大,它所具有的动能也越大,其惯性也就越大。 书中例题6.1(P.198)
已知:长为L,质量为M的均质细杆。
求:该杆对通过中心并与杆垂直的轴的转动惯量。 解:对连续的刚体,用积分的方法求转动惯量。
在离转轴x处取一线元dx,由于杆是细杆,这一线元的质量为:
Mdm?dxL
质量元到转轴的距离为x,根据转动惯量的定义:
Jy??x2dm??L2L?2L2L?2LM1Mx2dx?x3|2L?L3L2
1M?L3L3?12???ML??3L?88?12
因为转轴在杆的中心,所以积分限从-L/2积到L/2。
如果转轴在杆的一端,则积分限从0积到L,这时的转动惯量为:
J??xdm??0'yL2L0M1M3Lxdx?x|0L3L
21M31?L?0??ML2?3L3
有此看到,同一根杆,绕端点的转动惯量是绕中点的转动惯量的4倍。
转动惯量是一个新的物理量,求转动惯量需要用积分的方法,是本课程重点内容之一。 书中例题6.2(P.198)
求:质量为M,半径为R,高h的圆柱或园盘对过圆心且与盘面垂直转轴的转动惯量。
解:取半径为r,宽dr的薄圆环,高h。
M??2?Rh 该圆环的质量为:dm=ρ2π r h dr,其中ρ是园盘的密度:
该圆环上各个点到转轴的距离都是r,
∴圆环的转动惯量为:dJ=r2dm
整个园盘的转动惯量就是dJ从0到R积分:
J??rdm??r?2?rhdr?2??h?r3drV002R2R
14R1M142?2??hr|??hR?MR402?R2h2
如果是圆环,则积分限从R1积到R2:
R2R2J??rdm??r?2?rhdr?2??h?r3drVR1R122
??这时的密度应为:
M?(R22?R12)h
14R21M14422J?2??hr|??h(R?R)?M(R?R2121)22R142?(R2?R1)h2
(1)平行轴定理
若有两个轴互相平行,其中一个轴过质心,则:
J=Jc+md2
其中Jc为刚体对质心的转动惯量;m为刚体的质量;d为两轴的垂直距离。
证明:以转轴为z轴做坐标系oxyz;以刚体质心为原点做质心坐标系o’x’y’z’;刚体质心在oxyz坐标系中的坐标为:xc, yc, zc, 刚体上的任意点在oxyz坐标系的坐标为:xi, yi, zi; 该点在质心坐标系o’x’y’z’的坐标为:xi’, yi’, zi’
以z轴为转轴,刚体对z轴 的转动惯量为:
z d z’ J??mi(xi2?yi2)和y坐标,且:
xi=xc+xi’; yi=yc+yi’
x’ C(xc,yc,zc) y’ 其中xi和yi是质点的x坐标
y
x
其中xc和yc是刚体质心的x坐标和y坐标, xi’和yi’是质点在质心坐标系中的x’坐标和y’坐标 代入得:
J??mi[(xc?xi')2?(yc?yi')2]其中
??mi(xc2?yc2)?2xc?mixi'?2yc?miyi'??mi(xi'2?yi'2)?mx'?mx'?0; ?miiciyi'?myc'?0
表示质心在质心坐标系中的坐标为0
xc2+yc2=d2为质心到转轴的距离;
22m(x'?y'?iii)?Jc
为刚体对过质心转轴的转动惯量。 ∴ J=Jc+md2
例:书中例题6.1求了杆通过中心轴的转动惯量,用平行轴定理,
求过端点且与杆垂直的轴的转动惯量。
解:两平行轴的间距为d=L/2,根据平行轴定理
J?Jc?md2?12?1?1ml?m?l??ml212?2?3
2例:过园盘边缘与园盘中心轴平行的轴的转动惯量。 园盘对其中心轴的转动惯量为:1/2 MR2 两轴之间的距离为R,根据平行轴定理:
1322I?Ic?md?mR?mR?mR222
2这种情况用直接积分比较困难。
(2)垂直轴定理
对于无穷薄的薄板,建立坐标 轴oxyz,其中oxy平面在薄板 平面内,z轴与薄板垂直。
yi xi x y z Jz=Jx+Jy
证明:
22222Jz??mr?m(x?y)?mx?my?iii?ii?iiii
=Jx+Jy
例题:均匀薄圆板,质量为m,半径为R。 求:过圆心且在板面上的转轴的转动惯量。 解:薄板对过圆心且与薄板 垂直转轴(z轴)的转动惯量 为Jz=1/2 MR2,根据对称性, 薄板对x轴和对y轴的转动惯量相同, Jx=Jy,根据垂直轴定理:
Jz=Jx+Jy =2Jx Jz=1/2 MR2 Jx=1/4 MR2 补充例题:
y x 半径为R,长为L,质量为M的实心圆柱体对中心直径的转动惯量。
解:从圆柱上切下一个 薄圆片dM,它对x轴 的转动惯量为: dJx=? dMR
2
z z’ dM x L x 用垂直轴定理,得出它对z’轴的转动惯量为: dJz’=?dMR2 其中dM=M/Ldx 用平行轴定理,得出它对z轴的转动惯量为:
dJz=?dMR2+dMx2 从-?L到+?L积分得
J??
L2L?21M2112RdM?xdx?MR?ML24L412
第三节 转动定理的应用
M=Jβ (4) 刚体转动定理 书中例题6.3 (P201)
已知:滑轮半径为R,质量为M,绳 子不可伸缩的轻绳,绳子与滑轮间无 滑动,轴处无摩擦,两个悬挂物的质 量分别为m1,m2。
求:两重物的加速度,滑轮的角加速度, 绳中的张力。
解:用隔离物体法分析力,并列出动力学方程。 园盘:
园盘的转动惯量:J=1/2MR2 T’1的力矩:R T’1 T’2的力矩:R T’2
园盘的角加速度:β ; β的方向与RT’1方向相同:
T’2
T’1
m2
m1
R T’1-R T’2=Jβ m1: m1g-T1=m1a m2: T2-m2g=m2a ∵ 绳子是轻绳,
∴ T1=T’1 ; T2=T’2
∵绳子与滑轮间无滑动,∴a=βR ——牵连关系 解方程得:
m2g
m1g
T2
T1
m1?m21gRm?m?1M122
m1?m2a?g1m1?m2?M2
??12m1m2?Mm12T1?g1m1?m2?M2 12m1m2?Mm22T2?g1m1?m2?M2
中学见过这类问题很多,但滑轮都是轻滑轮,不考虑滑轮的质量,M=0,将其代入上面的方程得:
a?
m1?m22m1m2gT1?T2?gm1?m2 ; m1?m2
书中例题6.4 (P202)
已知:两个皮带轮半径分别为R1,R2,质量分别为m1,m2,分别绕固定轴O1,O2转动,用皮带相连,轮1作用力矩M1,轮2有负载力矩M2,皮带与轮无滑动,轴处无摩擦。 求:轮1的角角速度。 解:隔离物体法分析力: 轮1:
受作用力矩M,(正方向) 皮带的力矩R1T1和R1T2; 轮的转动惯量J1=1/2m1R12
⊕M1 T2 M1 R1
R2 T1
M2
∴
M?R1T1?R1T2?J1?1?1m1R12?12
轮2:
受作用力矩M’,
皮带的力矩T1’R2和T2’R2; 轮的转动惯量J2=1/2m2R22
T2’ T1’
⊙M2 ∴
?M'?R2T1'?R2T2'?J2?2?12m2R2?22
M定为正方向后,力矩的方向与M一致则为“正”反之为“负”。 两个轮是牵连在一起运动的,所以存在着牵连关系。 皮带与轮没有相对滑动,则:?1R1??2R2且?1R1??2R2
不计皮带质量,∴T1=T1’, T2=T2’; 解方程得:
2(R2M?R1M')?1?(m1?m2)R12R2
书中例题6.5 (P203)
已知:飞轮齿轮1绕转轴1的转动惯量J1=98.0kgm2,飞轮齿轮2绕转轴2的转动惯量J2=78.4kgm2,两齿轮咬合传动,齿数比Z1:Z2=3:2,r1=10cm,轴1从静止在10s匀加速到1500r/min, 求:加在轴1上的力矩M和齿轮间的相互作用力Q。
解:飞轮1受到的力矩:M 和 r1Q,角加速度:β1 动力学方程: M-Qr1=J1β1
飞轮2受到的力矩: Q’r2,角加速度:β2 动力学方程: Q’r2=J2β2
M r2 J2 r1 J1 牵连关系: β1 r1=β2 r2 ;r1/r2=Z1/ Z2
2???Z1?M??J1???J2??1???Z2??? 解方程得:
J2?Z1?Q????1J1?Z2? 将具体数值代入:
21?1500??2?1???2???5?(s)?10?60?
9??M??98.0?78.4???5??4.31?103(N?m)4?? ?78.4??9?3Q???????5??27.7?10(N)?0.1??4?
第四节 刚体定轴转动的动能与动能定理
(一)刚体的转动能
考察由n个质点组成的刚体,其中第k个质点的质量为mk,速度vk=rkω,k质点的动能为mk vk 2/2=mk rk2ω2/2,整个刚体的动能就是所有质点动能的算术和:
1121222E??m???mkrk?krk?22k2∴
E?1Jz?22
?Jz2
E?与质点动能对比:
12mv2
y Ft (二)力矩的功
作用在刚体上的力只有沿刚体 转动切线方向的分量Ft才作功, 其它方向的力没有位移,所以 不作功。在Ft的作用下,产生 的位移ds=rdθ,其元功为:dA=Ftrdθ
F Fn
dθ x 其中Ft与r垂直,Ftr就是F对转轴的力矩Mz,故元功可写为:
dA=Mzdθ
刚体由θ1转到θ2的过程中,力矩对刚体所作的功为:
A??Mzd??1?2
如果作用在刚体上有n个力矩, Mz1,Mz2,。。。,Mzn,刚体转过dθ角时,各力对刚体所作的元功总和为:
A??dAi??Mzid?ii
刚体由θ1转到θ2的过程中,各力矩所作的功之和为:
A???2?1?Mizid????Mzid?i?2?1
上式说明,和力矩所作的功等于各力矩所作功之和。
(三)刚体转动的动能定理
由刚体转动定理: M=Jβ 写成导数的形式:
d?d?d?d?Mz?Jz?Jz?Jz?dtd?dtd?
移项得:
dA?Mzd??Jz?d?
等式两边同时积分得:
?2?2?2A??dA??Mzd????1?1?1112Jz?d??Jz?2?Jz?1222
——刚体转动的动能定理
此式说明:力矩所作的功=刚体转动动能的增量。
(四)刚体的重力势能
由n个质点组成的刚体,某一质点的重力势能为: Epi=mighi=migyi
对所有的质点求和即为刚体的势能:
y
hi
Ep??migyimy??mg?mgyiimc质心的定义:
ycmy??ix
im ,其中m表示总质量。
书中例题6.7(p.209)
一长为l,质量为m的匀质细杆AB,挂于A处,轴处无摩擦,初始时杆铅直静止。
求:使的杆由铅值位置刚好转至水平位置所需要的最小初角速度。
解:轴处无摩擦,系统的机械能守恒。
动能
势能
A
初: 1/2 Jzω02 0 终: 0 mgl/2 动能转换成势能:
1/2 Jzω02=mgl/2 ; 其中 Jz=1/3ml2
B ?0?3gl 书中例题6.8(p.209)
园盘滑轮质量M,半径R,绕轻绳,绳的另一端系一质量m的物体,轴无摩擦,开始时系统静止。
求:物体下降s时,滑轮的角速度和角加速度。 解:轴无摩擦,系统机械能守恒
m动能 m势能 M动能
初: 0 mgs
0
终: 1/2 mv2 0 1/2 Jzω2
牵连关系:v=ωR,Jz=1/2 MR2
mgs=1/2 mv2+1/2 Jzω2=1/2 mR2ω2+1/4MR2ω2
2mgs??R2m?M ∴
求角加速度:
d?d?2????dtdt??Rmgs2m?M?2???R?mgds2m?Mdt ?2mg11ds1mg1??RR2m?M2sdtR2m?Ms
mg2mgs12mg?2m?MR2m?MsR(2m?M)
其中ds/dt=v=ωR,并将ω值代入得:
??
第五节 轴转动的动量矩定理
【复习】在第五章中
一个质点的动量为mv,它对O点的动量矩定义为:
L?r?mv
考察由n个质点组成的刚体,其中第k个质点的质量为mk,速度vk=rkω,k质点的动量矩mk vk rk=mk rk2ω,(在做定轴转动时,vk与rk互相垂直),则刚体的动量矩为所有质点动量矩之和:
Lz??mkvkrk??mkrk2??Jz?kk
对比: Lz=Jzω 质点的动量: P=mv 由动量矩定理
d(r?mv)dLM??dtdt
将Lz=Jzω代入得:(定轴转动为一维问题)
Mz?dLd?(Jz?)dtdt
L1两边同时对dt积分得:
?t1t0Mzdt??d(Jz?)?(Jz?)t1?(Jz?)t0L0
此为动量矩定理 对比动量定理:
?t1t0Fdt??dP?P1?P0??PP0P1?t1t0Mzdt称为冲量矩
动量矩定理说明:
冲量矩作用的结果是使刚体的动量矩发生变化。 书中例题6.13(p.217)
长l,质量M,铅直悬挂,初始处于静止状态, 杆的中心受一冲量I作用,方向与杆垂直。 求:冲量作用结束时,杆的角速度。
l解:冲量对转轴的冲量矩为 2I根据动量矩定理: J ? ? l I 其中
z2Jz?12Ml3∴ ??3I2Ml
第六节 定轴转动的动量矩守恒定理
dL当Mz=0时, z?0dtLz=恒矢量
刚体定轴转动的动量矩守恒定律 书中例题6.16(P.221)
长为L,质量为M的均匀杆,一端悬挂,由水平位置无初速度地下落,在铅直位置与质量为m的物体A做完全非弹性碰撞,碰后,物体A沿摩擦系数为μ的水平面滑动。 求:物体A滑动的距离。 解:整个过程分为三个阶段:
1、杆由水平位置绕端点的轴转动:机械能守恒 2、与A作完全非弹性碰撞:动量矩守恒 3、A滑动:动能被摩擦力耗散掉。 第一阶段:机械能守恒
动能
势能
初: 0 Mg L/2 终: 1/2Jzω2 0
∴ 1/2Jzω2=Mg L/2 其中Jz=1/3ML2
∴ ω2=3g/L
第二阶段:动量矩守恒
初: Jzω ; 终: Jzω’ + mL2ω’ ∴ Jzω=Jzω’ + mL2ω’ 代入Jz和ω值得:
123g12ML?ML?'?mL2?'3L3
3gML?'?M?3m
第三阶段,动能定理
A的速度:ω’L ;摩擦力mgμ
1m(l?')2?mg?s2
3LM2s?2?(M?3m)2
书中习题6.13(p227)
以力F将一块粗糙平面均匀压在轮上,平面与轮之间的滑动摩擦系数为μ,轮为匀质圆盘,半径为R,质量为M,轴处摩擦力不计,轮的初角速度为ω0,问:轮转过多少度时即停止转动。
F解:盘面单位面积上的压力为: ?R2
以轮的轴心为圆心,半径为r,宽度dr的环所受的压力为: dF?F?2?r?dr?R2环所受的摩擦力为: df??dF??F?2?r?dr?R2对转轴的力矩为:
F2 dM?rdf??R22rdr整个圆盘所受摩擦力矩为:
F22rdr??FR?0R23由转动能定理: M?R2?2 M??1J?02 3mR?02??8?F
书中习题6.22(p228)
一均质细杆,长L=1m,可绕通过一端的水平光滑的轴O在铅垂面内自由转动,开始时杆静止于铅直位置。一子弹沿水平方向以v=10m/s的速度射入杆,射入点距离O点的距离为3L/4,子弹的质量为杆质量的1/9。
试求:(1)子弹与杆共同运动的角速度。
(2)杆的最大摆角θ。
??31l?mv?LMv49解:射入前,子弹的动量矩 射入过程动量矩守恒
2??311?3?12LMv??M?L??ML??493???9?4??4v???2.1(rad/s)19L入射后,子弹与杆共同摆动,机械能守恒
2??2?111?3?132?M?L??ML????MgL?Mg 2?9?4?34?9??? 2v2cos??1??0.8466133LgL?(1?cos?)?2?
??32.160刚体定点转动——进动
dLM?dt
L=Jω dL=Jωdθ
dL d
d?M?J??J??dt
Ω称为进动角速度。
作业:P. 226 6.5 ; 6.6 ; 6.17 ; 6.21
第八章 机械振动
第一节简谐振动
1.简谐振动的动力学方程
如果一个质点受到这样一个力:
F=-kx (1)
即:力的大小与位移成正比,方向与位移方向相反。 将其代入牛顿第二定律,得:
d2xm2??kxdt (2)
进行小的变换得:
d2xk?x?02dtm (3)
再写得好看一点:令k/m=ω2
d2x2??x?02dt
(4)
这是一个典型的微分方程,该方程的解为:
x=Acos(ωt+φ)
(5)
验证该方程的解,对(5)进行求导运算:
dx???Asin(?t??)dt
d2x2???Acos(?t??)2dt
代入(4)式
-ω2Acos(ωt+φ)+ω2Acos(ωt+φ)=0 (5)式中各项的名称:
A:振幅,振动幅度的大小,由初条件决定。 ω:角频率(园频率),振动系统固有的 φ:初相位,由初条件决定。
以时间的正弦或余弦函数表示的运动称为:简谐振动。 哪些情况下可以简谐振动? (1)弹簧振子
轻弹簧的一端固定,另一端系一质量为m的物体,放在光滑的水平面上,弹簧由原长位置移开x距离所受到的力为:
F=-kx ω2=k/m
d2x2??x?02dt
(2)单摆
不可伸长的轻绳L悬挂一质量为m的小球,在铅垂面内沿圆弧
摆动,受力为: F=-mg sinθ
在一般情况下,单摆不是作简谐振动。 当θ角很小时(<5o),sinθ≈θ, 这时:
F=-mg θ
代入牛顿第二定律:
d2(L?)m??mg?2dt d2?g???02L整理得: dt
令ω2=g/L,得标准方程
d2?2????02dt
说明在摆角很小时,单摆是作简谐振动。
1米长的线,摆角为50是,振幅为8.7厘米(sin50=0.087) (3)复摆
质量为m的刚体,转动惯量为J,悬挂于不通过质心C的水平转轴,转轴到质心的距离为h,在重力作用下绕平衡位置来回摆动。 刚体所受力矩:
M=-mgh sinθ
在一般情况下,单摆不是作简谐振动。 当θ角很小时(<5o),sinθ≈θ, 这时:
C
M=-mgh θ
d2?J2??mgh?dt
d2?mgh???02J整理得: dt
令ω2=mgh/J,得标准方程
d2?2????02dt
说明在摆角很小时,复摆是作简谐振动。
2.周期、频率和角频率(园频率)
周期:完成一次完全振动所需要的时间T
Acos(ωt+φ)=Acos[ω(t+T)+φ] ωT=2π T=2π/ω
频率:每秒钟内完全振动的次数。
1????T2? ω=2πν
∴ω与ν都是频率,两者之间相差2π倍,ω通常称为角频率,或园频率
??k1??m, 2?kmT?2?m, k 对于弹簧振子:
对于单摆: 对于复摆:
??g1??l, 2?mgh1??J,2?lgT?2?g l,
JmghT?2?mgh J,??∴周期和频率是由振动系统决定的。
对于一个确定的系统,其频率虽然确定,但其运动状态还要由初条件决定。
3.振幅、相位和初相位
振幅:由简谐振动的运动学方程可以看到,位移x的最大绝对值为A,称为振幅。振幅的大小由初条件决定: 当t=0时,位移x=x0,速度v=v0 x0=Acos(ωt+φ)|t=0=Acosφ
(1)
v0=-ωA sin(ωt+φ)|t=0=-Aωsinφ (2) 由两式平方和即可求出振幅
A?x?202v0?2 相位:由简谐振动的运动学方程可以看到,(ωt+φ)是一个角度,称为简谐振动的相位,它决定振动物体在任一时刻的位置和运动状态。
当t=0时,振动的相位为φ,称为初相位。 由(1)(2)式可解出φ
tg???v0?x0
书中例题7.1(P.237)
已知:A=8cm,T=4s,t=0时,x=4cm,向x轴正方向运动。 求:初相位
解:振动方程为:x=Acos(ωt+φ) 由已知条件:A=0.08 m,ω=2π/T=π/2, t=0时,x=0.04 m,代入得: 0.04=0.08cosφ
所以 φ=π/3 或 φ=5π/3 由于是向x轴正方向运动,φ=5π/3 振动方程为:
5????x?0.08cos?t??3??24.简谐振动的速度和加速度
知道了简谐振动的运动方程,通过求导便可得到速度与加速度。 x=Acos(ωt+φ)
v=-ωAsin(ωt+φ)=ωAcos(ωt+φ+π/2) a=-ω2Acos(ωt+φ)=ω2Acos(ωt+φ+π) 由此看出:
速度与位移的相位相差π/2
加速度与速度的相位相差π/2 加速度与位移的相位相差π
5.简谐振动的能量
以弹簧振子为例
12122E?kx?kAcos(?t??)势能: p22动能: Ek?1mv2?1m?2A2sin2(?t??)22ω=k/m ? = 1kA2sin2(?t??)2总能量: E?Ep?Ek1/2 kx2
12?kA[cos2(?t??)?sin2(?t??)]22 121/2 mv?kA2
简谐振子的总能量与振幅的平方成正比。
在简谐振动过程中,动能与势能之间互相转换,但总能量保持恒定。
这个结论虽然是从弹簧振子得到的,对于单摆和复摆也依然适用。
6.简谐振动的矢量表示法
从简谐振动的表达式x=Acos(ωt+φ)与一个矢量A在x轴上的投影值相同。所以可用一个旋转的矢量在x轴上的投影表示简谐振动。
规定:一长度等于振幅的矢量A,称为振幅矢量,以匀角速度ω0绕O点旋转,在t=0时,振幅矢量A与x轴的夹角为初相位φ,t时刻矢量A与x轴的夹角为(ωt+φ),该矢量在x轴上的投影为:
x=Acos(ωt+φ) 与简谐振动的表达式一样。
同时,矢量A对时间t的一次导数与二次导数也和简谐振动的速度与加速度的表达式一样。 v=ωAcos(ωt+φ+π/2) a=ω2Acos(ωt+φ+π) 书中例题7.7(P.245)
已知:角频率ω和振幅A,用旋转矢量法求以下情况的初相位和运动学方程:
t=0时,由平衡位置向x负方向运动。
t=0时,在x负方向一侧,离开平衡位置为振幅的一半,且向x轴负方向运动。 解:(1)
x
A A
v a A ωt+φ
x=Acos(ωt+1/2π)=0.001 cos(6.28×102t+1/2π) (2)
A A/2 x A x=Acos(ωt+2/3π)=0.001 cos(6.28×102t+2/3π)
第二节 简谐振动的合成
同频率
不同频率 (2) (4)
同方向: (1) (3)
互相垂直:
(1)同方向同频率简谐振动的合成
a)解析法 两个振动分别为:
x1=A1cos(ωt+φ1); x2=A2cos(ωt+φ2)
合振动为:
x=x1+x2=A1cos(ωt+φ1)+A2cos(ωt+φ2) 将余弦函数展开再重新组合得:
x=(A1cosα1+A2cosα2)cosωt-(A1sinα1+A2sinα2)sinωt
常数
常数
引入另外两个常数替代它们 Acosφ=A1cosφ1+A2cosφ2 Asinφ=A1sinφ1+A2sinφ2
∴x=Acosφcosωt-Asinφsinωt=Acos(ωt+φ) 此式说明,合振动仍为简谐振动,且频率相同。 合振动的振幅合初相位分别为:
2A?A12?A2?2A1A2cos(?2??1)
A1sin?1?A2sin?2tg??A1cos?1?A2cos?2
b)旋转矢量合成法
用旋转矢量A1、A2分别表示两个振动:
A2 ω0 A φ2 φ A1 φ1 X
(2)同方向不同频率简谐振动的合成——拍
一般来说同方向不同频率简谐振动的合成情况比较复杂,没有什么规律,合振动也不再是简谐振动。
有一种情况比较特殊,两个振动的频率都很高,但相差很小,即:ω1+ω2>>|ω1-ω2| ,这时会出现拍的现象。
简单起见,考虑两个振幅相同,初相位均为0的两个振动的合成:
x1=Acos ω1t 和 x2=Acos ω2t x=x1+x2=Acos ω1t+Acos ω2t 利用三角函数和差化积公式得:
??2??1???2??1?x?2Acos?t?cos?t??2??2?
慢变
快变
令: A(t)?2Acos??2??1t????2?
??2??1?t?则 x ?A(t)cos??2??2??12??平可看成ω1、ω2的平均值,则
x?A(t)cos??平t???????2?
这种形式与简谐振动的形式相同,不同之处是其振幅受到周期函
cos数 ? 2 1 t ? 的调制。这种合振动的振幅周期变化的现象叫拍。
双簧管就是利用这个原理产生的颤音。
(3)互相垂直的同频率简谐振动的合成
作图法:根据简谐振动的旋转矢量表示法
(4)互相垂直的不同频率简谐振动的合成
作图法:根据简谐振动的旋转矢量表示法
第三节 阻尼振动
实际物体的振动都是阻尼振动,这里只讨论一种特殊的阻力: f=-γv
阻力的大小与速度v成正比,γ为阻力系数;阻力的方向与速度v的方向相反。
考虑阻力后,振动系统的运动方程为:
d2xdxm2??kx??dtdt
移项整理得:
d2x?dxk??x?02dtmdtm
令:γ/m=2n;k/m=ω02 得:
d2xdx2?2n??0x?02dtdt
次式为典型的常系数二阶齐次线性微分方程。 n为阻尼系数,与系统的阻力系数有关;
ω0为固有角频率,是系统不受阻力作用时的角频率。 方程的解与阻力系数有关:
(1)阻力很小,n < ω0 ,小阻尼情况,
方程的解为:
x?Ae?ntcos(?'t??)
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