2018年高二下学期学业水平模拟考试物理试题2

2018年湖南省普通高中学业水平考试模拟试卷 物理（二）

一、选择题（本大题包括16小题，每题3分，共48分．每一小题只有一个选项符合题意） 1．下列说法中，关于时间的是（ ）

A．学校上午8点开始上第一节课，到8点45分下课 B．小学每节课只有40分钟 C．我走不动了，休息一下吧

D．邢慧娜获得雅典奥运会女子1000m冠军，成绩是30分24秒36 2．在下列单位中属于国际单位制中的基本单位的是（ ） A．J

B．kg C．N

D．W

3．在图所示的四个速度图象中，有一个是表示物体做匀速直线运动的速度图象，这个图象是（ ）

A． B． C． D．

4．用弹簧拉着木块在水平面上做匀加速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力的关系是（ ）

A．一对平衡力 B．一对作用力与反作用力 C．大小相等，方向相同

D．大小不等，方向相反

5．已知物体在4N、6N、8N三个共点力的作用下处于平衡状态，若撤去其中8N的力，那么其余两个力的合力大小为（ ） A．4 N B．6N C．8 N D．10N

6．如图所示，一质量为m的物体沿倾角为θ的斜面匀速下滑．下列说法正确的是（ ） A．物体所受合力的方向沿斜面向下 B．斜面对物体的支持力等于物体的重力

C．物体下滑速度越大，说明物体所受摩擦力越小 D．斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向竖直向上 7．关于自由落体运动，下列说法中正确的是（ ）

A．自由落体运动是匀变速直线运动 B．自由落体运动是物体不受力的运动 C．自由落体运动是加速度为g的曲线运动 D．纸片在大气中的下落是自由落体运动 8．某同学乘电梯从一楼到六楼，在电梯刚起动时（ ） A．该同学处于超重状态

B．该同学处于失重状态

C．该同学的重力变大 D．该同学的重力变小

9．某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F．若此物体受到的引力减小为，则其距离地面的高度应为（R为地球半径）（ ） A．R

B．2R C．4R D．8R

10．物体做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（ ） A．物体的速度不变 B．物体所受合力必须等于零

C．物体的加速度不变 D．物体所受合力的大小不变，方向不断改变

11．质量为m的滑块沿高为h，长为l的粗糙斜面匀速下滑，在滑块从斜面顶端滑至低端的过程中（ ）

A．重力对滑块所做的功为mgh B．滑块克服摩擦所做的功为mgl C．滑块的机械能保持不变 D．滑块的重力势能增加了mgh 12．关于功率，下列认识正确的是（ ） A．由

，可知功率越大的机器做的功越多

B．由P=Fv，可知汽车发动机功率越大，汽车的速率越大 C．由

，可知单位时间内做功越多则功率越大

D．由P=Fv，可知做功的力越大其功率越大

13．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法中正确的是（ ） A．半径越大，周期越小 B．半径越大，周期越大

C．所有卫星的周期都相同，与半径无关 D．所有卫星的周期都不同，与半径无关 14．关于惯性的大小，下面说法中正确的是（ ）

A．两个质量相同的物体，速度大的不容易停下来，所以速度大的物体惯性大 B．在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小

C．推动地面上静止的物体，要比维持这个物体做匀速运动所需的力大．所以物体静止时惯性大 D．两个质量相同的物体，不论速度大小，它们的惯性的大小一定相同

15．如图所示，在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开接触开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落，改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，该实验现象说明了A球在离开轨道后（ ） A．水平方向的分运动是匀速直线运动 B．水平方向的分运动是匀加速直线运动 C．竖直方向的分运动是自由落体运动 D．竖直方向的分运动是匀速直线运动

16．在做“互成角度的两个共点力的合力”实验时，橡皮筋的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮筋的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中正确的是（ ） A．同一次实验过程中，O点位置允许变动

B．实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度

C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和

方向，把橡皮条另一端拉到O点

D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角应取90°，以便于算出合力大小

二、非选择题（本大题包括必考题和选考题两部分．第17题-第22题为必考题，每道试题考生必须作答．第23-34题为选考题，考生任选一题作答．）（一）必考题（共6题，总分30分）

17．研究地球的公转时， （填“可以”或“不可以”）把地球看做质点；研究地球的自转时， （填“可以”或“不可以”）把地球看做质点．

18．打点计时器输入的交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔 s打一个点．若测得纸带上打下的第10个到第20个点的距离为40.00cm，则物体在这段位移的平均速度为 ． 19．如图所示，A、B两轮半径之比为1：3，两轮边缘挤压在一起，在两轮转动中，接触点不存在打滑的现象，则两轮边缘的线速度大小之比等于 ．A轮半径中点与B轮边缘的角速度大小之比等于 ．

20．质量为1kg的物体从空中自由下落，不计空气阻力，取g=10m/s2，那么在开始下落的2s内重力做功为 J；2s末重力的瞬时功率为 W．

21．水平路面上质量是60kg的手推车，在受到120N的水平推力时做加速度大小为a=0.5m/s2的匀加速直线运动．求：

（1）小车与路面间的动摩擦因素； （2）经过4s手推车前进的位移．

22．如图所示，一质量为m=2kg的物体，由光滑圆弧轨道上端从静止开始下滑，到达圆弧底端再沿水平面向右滑动一段距离而停止．已知圆弧轨道半径R=0.2m，圆弧轨道的上端与圆心在同一水平面内，g=10m/s2，求：

（1）物体滑至圆弧底端时的速度大小；

（2）物体滑至圆弧底端时，圆弧底端对物体的支持力大小； （3）物体沿水平面滑动的过程中摩擦力做的功．

[选修1-1]

23．（1）油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（ ）

A．向外界散热 B．做为油罐车的标志

C．发出响声，提醒其他车辆和行人的注意 D．把电荷导入大地，避免由静电造成危害 （2）．最先发现电流磁现象的科学家是（ ） A．库仑

B．安培

C．奥斯特 D．法拉第

（3）．下列说法正确的是（ ）

A．电视机铭牌上所标的“额定电压220V”指的是交流电压的峰值 B．交流发电机发出的电流方向不变

C．远距离输电要用高电压，是为了减少输电线上的电能损失 D．升压变压器的原、副线圈匝数相同

（4）．通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器（ ） A．温度传感器 B．压力传感器 C．红外线传感器 D．声音传感器

（5）．某导体两端的电压为20V，10s内通过导体横截面的电量为5C，则导体中电流强度的大小为 A，导体的电阻为 Ω．

（6）．如图所示，两根相距L=0.5m，处于同一水平面平行金属直导轨，放置在磁感应强度B=2.0T、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端用导线边接一个定值电阻R，一根垂直导轨的金属棒在△t=0.5s时间内，由位置ab匀速滑动到位置a′b′，使闭合电路的磁通量由1.5Wb增大到2.5Wb．

（1）求在△t时间内闭合电路产生感应电动势大小E；

（2）若在△t时间内，电路中产生感应电流I=0.5A，求此过程中金属棒受到的安培力大小F．

[选修3-1]

29．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点过程中，电场力做了2×10﹣6J的正功，那么（ ）

A．电荷在B处时具有2×10﹣6J的动能 B．电荷的动能减少了2×10﹣6J

C．电荷在B处时具有2×10﹣6J的电势能 D．电荷的电势能减少了2×10﹣6J

30．图中B表示磁感强度，I表示通电长直导线中的电流，F表示磁场对导线的作用力．它们三者的方向间的关系，正确的是（ ）

A． B． C． D．

31．以下几种方法中，不能改变电容器电容的是（ ） A．增大两板的正对面积

B．增大两板间的距离

C．增大两板间的电压 D．更换电介质

32．在图所示的电路中，电源的内电阻r=1Ω，外电路电阻R=9Ω，闭合开关后，电流表的示数I=0.3A，电流表的内阻不计．电源的电动势E应等于（ ）

A．1V B．2V C．3V D．5V

33．用伏安法测量甲、乙、丙三个用不同材料制成的电阻时，得到了它们的I﹣U关系图线，如图所示．由图线可知，在实验过程中，阻值保持不变的电阻是 ．阻值随着电压的增大而不断增大的电阻是 （选填：甲、乙、丙）．

34．如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸里，磁感应强度为B．一带负电的粒子（质量为m、电荷量为q）以速度v0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，

与x轴正向的夹角为θ．求： （1）该粒子射出磁场的位置；

（2）该粒子在磁场中运动的时间．（粒子所受重力不计）

2016-2017学年湖南省邵阳市高二（下）学业水平物理模拟试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本大题包括16小题，每题3分，共48分．每一小题只有一个选项符合题意） 1．下列说法中，关于时间的是（ ）

A．学校上午8点开始上第一节课，到8点45分下课 B．小学每节课只有40分钟 C．我走不动了，休息一下吧

D．邢慧娜获得雅典奥运会女子1000m冠军，成绩是30分24秒36 【考点】16：时间与时刻．

【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点

【解答】解：A、“学校上午8点开始上第一节课，到8点45分下课”，8：45是指时间点，即是时刻，所以A错误；

B、“小学每节课只有40分钟”，40分钟是指时间的长度，是指时间，所以B正确； C、我走不动了，休息一下吧，休息一下是指时间的长度，是指时间，所以C正确； D、“30分24秒36”是指时间长度，是时间，所以D正确； 故选：BCD

2．在下列单位中属于国际单位制中的基本单位的是（ ） A．J

B．kg C．N

D．W

【考点】3A：力学单位制．

【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．

【解答】解：J、N、W都是导出单位，而只有kg是国际单位制中的基本单位，故B正确． 故选B

3．在图所示的四个速度图象中，有一个是表示物体做匀速直线运动的速度图象，这个图象是（ ）

A． B． C． D．

【考点】1I：匀变速直线运动的图像．

【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动．

【解答】解：v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动．故ABC错误，D正确． 故选：D．

4．用弹簧拉着木块在水平面上做匀加速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力的关系是（ ）

A．一对平衡力 B．一对作用力与反作用力 C．大小相等，方向相同

D．大小不等，方向相反

【考点】37：牛顿第二定律；38：牛顿第三定律．

【分析】弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力，是作用力与反作用力的关系，由其特征可以判定各个选项，

【解答】解：A：弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力的关系，是作用力与反作用力的关系，故A错误，B正确

C：作用力与反作用力的特征是：等大反向，作用在两个物体上，且两者互为产生的原因．故C，D错误 故选B

5．已知物体在4N、6N、8N三个共点力的作用下处于平衡状态，若撤去其中8N的力，那么其余两个力的合力大小为（ ） A．4 N B．6N C．8 N D．10N

【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用．

【分析】三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故本题中剩下的两个力的合力与撤去的第三个力等值、反向、共线．

【解答】解：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故本题中4N和6N的两个力的合力与第三个力平衡，大小等于8N； 故选：C．

6．如图所示，一质量为m的物体沿倾角为θ的斜面匀速下滑．下列说法正确的是（ ）

A．物体所受合力的方向沿斜面向下 B．斜面对物体的支持力等于物体的重力

C．物体下滑速度越大，说明物体所受摩擦力越小 D．斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向竖直向上

【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用．

【分析】物体沿斜面匀速下滑时合力为零．以物体为研究对象，根据平衡条件求解斜面对物体的支持力及斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向． 【解答】解：

A、物体沿斜面匀速下滑时，由平衡条件得知，其合力为零．故A错误．

B、斜面对物体的支持力等于物体的重力沿垂直于斜面的分力mgcosθ．故B错误． C、摩擦力等于μmgcosθ，与物体下滑的速度大小无关．故C错误．

D、物体匀速下滑过程中，受到重力、斜面对物体的支持力和摩擦力，由平衡条件得知，斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向与重力方向相反，即为竖直向上．故D正确． 故选D

7．关于自由落体运动，下列说法中正确的是（ ） A．自由落体运动是匀变速直线运动 B．自由落体运动是物体不受力的运动 C．自由落体运动是加速度为g的曲线运动 D．纸片在大气中的下落是自由落体运动 【考点】1J：自由落体运动．

【分析】根据自由落体运动的概念，物体只在重力作用下从静止开始下落的运动．可知物体只受重力且做匀变速直线运动．

【解答】解：A、根据自由落体运动的概念，物体只在重力作用下从静止开始下落的运动．可知自由落体运匀变速直线运动．故A正确

B、由物体只在重力作用下从静止开始下落的运动，可知，物体下落受到重力的作用，故B错误．

C、根据自由落体运动的概念，物体只在重力作用下从静止开始下落的运动．可知自由落体运动是匀变速直线运动．故C错误

D、纸片在空气中的下落受到空气的阻力和重力作用，所以纸片的运动不是自由落体运动，故D错误

故选A

8．某同学乘电梯从一楼到六楼，在电梯刚起动时（ ） A．该同学处于超重状态

B．该同学处于失重状态

C．该同学的重力变大 D．该同学的重力变小 【考点】3B：超重和失重．

【分析】当物体的加速度竖直向上时，物体处于超重状态，当物体的加速度竖直向下时，物体处于失重状态；对支撑物的压力或对悬挂物的拉力小于物体的重力时物体处于失重状态；对支撑物的压力或对悬挂物的拉力大于物体的重力时物体处于超重状态

【解答】解：A、某同学乘电梯从一楼到六楼，在电梯刚起动时，向上做加速运动，加速度向上，处于超重状态．故A正确，B错误

C、无论是超重或失重状态，物体所受到的重力并没有发生变化，只是对接触面的压力不和重力相等了，故C、D错误 故选A．

9．某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F．若此物体受到的引力减小为，则其距离地面的高度应为（R为地球半径）（ ） A．R

B．2R C．4R D．8R

【考点】4F：万有引力定律及其应用．

【分析】根据万有引力定律的内容（万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比）解决问题．

【解答】解：根据万有引力定律表达式得： F=

，其中r为物体到地球中心的距离．

某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F，此时r=R， 若此物体受到的引力减小为，根据F=所以物体距离地面的高度应为R． 故选A．

10．物体做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（ ） A．物体的速度不变

B．物体所受合力必须等于零 C．物体的加速度不变

D．物体所受合力的大小不变，方向不断改变

得出此时物体到地球中心的距离r′=2R，

【考点】4A：向心力；48：线速度、角速度和周期、转速．

【分析】物体做匀速圆周运动，这里的匀速是指速度大小不变，由于圆周运动方向时刻在变化．因此物体需要一个方向与速度垂直且指向圆心的合外力．这样的合外力只会改变速度方向，不会改变速度大小．

【解答】解；A、物体做匀速圆周运动，速度的方向沿圆的切线方向，所以速度的方向不断变化．故A错误；

B、物体做匀速圆周运动，需要合力提供向心力，向心力始终指向圆心，所以合外力大小不等于0，故B错误；

C、物体做匀速圆周运动的加速度的方向始终指向圆心，是变化的．故C错误；

D、物体做匀速圆周运动需要合力提供向心力，向心力始终指向圆心，所以合外力大小不变，方向时刻改变，是变力．故D正确 故选：D

11．质量为m的滑块沿高为h，长为l的粗糙斜面匀速下滑，在滑块从斜面顶端滑至低端的过程中（ ）

A．重力对滑块所做的功为mgh B．滑块克服摩擦所做的功为mgl C．滑块的机械能保持不变 D．滑块的重力势能增加了mgh 【考点】62：功的计算．

【分析】重力做功公式W=mgh．根据动能定理研究滑块克服阻力所做的功和合力做功． 【解答】解：

A、重力对滑块所做的功W=mgsinθ?L=mgh．故A正确．

B、由题，滑块匀速下滑，动能的变化量为零，根据动能定理得，mgh﹣Wf=0，则滑块克服阻力所做的功Wf=mgh．故B错误．

C、滑块匀速下滑，动能不变，重力势能减小，则机械能减小．故C错误．

D、重力势能的变化量△EP=﹣WG=﹣mgh，所以滑块的重力势能一定减少mgh，故D错误． 故选A

12．关于功率，下列认识正确的是（ ） A．由

，可知功率越大的机器做的功越多

B．由P=Fv，可知汽车发动机功率越大，汽车的速率越大

C．由，可知单位时间内做功越多则功率越大

D．由P=Fv，可知做功的力越大其功率越大 【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．

【分析】明确两个功率公式的意义，明确P=中P是由功和时间共同决定的；P=Fv既可以求平均功率也可以求瞬时功率．

【解答】解：A、由P=可得，功率的大小与做功的多少及做功时间有关，故只有做功多不能说明功率大；故A错误；

B、P=Fv说明功率与力和速度有关，速度大不能说明功率大；故B错误；

C、功率为功与时间的比值，其物理意义即为单位时间内做功的快慢，故C正确；

D、当速度一定时，力越大，则FV越大，即输出功率越大，只有力大不能说明功率大；故D错误； 故选：C．

13．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法中正确的是（ ） A．半径越大，周期越小 B．半径越大，周期越大

C．所有卫星的周期都相同，与半径无关 D．所有卫星的周期都不同，与半径无关

【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4F：万有引力定律及其应用．

【分析】匀速圆周运动的人造地球卫星受到的万有引力提供向心力，用周期表示向心力，得到周期的表达式，根据公式讨论选择项．

【解答】解：匀速圆周运动的人造地球卫星受到的万有引力提供向心力，即

，因此，

周期为：

∵G、M一定，∴卫星的周期与半径有关，半径越大，周期越大，因此，选项B正确，选项A、C、D错误． 故选：B．

14．关于惯性的大小，下面说法中正确的是（ ）

A．两个质量相同的物体，速度大的不容易停下来，所以速度大的物体惯性大 B．在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小

C．推动地面上静止的物体，要比维持这个物体做匀速运动所需的力大．所以物体静止时惯性大

D．两个质量相同的物体，不论速度大小，它们的惯性的大小一定相同 【考点】31：惯性．

【分析】一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；

惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的．

【解答】解：物体的惯性只与物体的质量有关，两个质量相同的运动物体，惯性大小相等，与速度和所处位置无关，故ABC错误，D正确． 故选：D．

15．如图所示，在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开接触开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落，改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，该实验现象说明了A球在离开轨道后（ ）

A．水平方向的分运动是匀速直线运动 B．水平方向的分运动是匀加速直线运动 C．竖直方向的分运动是自由落体运动 D．竖直方向的分运动是匀速直线运动

【考点】46：平抛物体与自由落体同时落地；44：运动的合成和分解．

【分析】球A与球B同时释放，同时落地，由于B球做自由落体运动，A球做平抛运动，说明A球的竖直分运动与B球相同．

【解答】解：球A与球B同时释放，同时落地，时间相同； A球做平抛运动，B球做自由落体运动；

将球A的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，两个分运动同时发生，具有等时性，因而A球的竖直分运动与B球时间相等，改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，说明在任意时刻在两球同一高度，即A球的竖直分运动与B球完全相同，说明了平抛运动的竖直分运动是自由落体运动； 故选C．

16．在做“互成角度的两个共点力的合力”实验时，橡皮筋的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮筋的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中正确的是（ ）

A．同一次实验过程中，O点位置允许变动

B．实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度

C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点

D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角应取90°，以便于算出合力大小 【考点】M3：验证力的平行四边形定则．

【分析】本实验的目的是验证力的平行四边形定则，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的．本实验采用作合力与分力图示的方法来验证，根据实验原理和方法来选择．

【解答】解：A、为了使两次拉橡皮筋效果相同，要求两次要将O点拉到同一位置，故A错误； B、实验中为了减小误差，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时为了减小误差，要求视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；

C、实验中，弹簧的读数大小适当，便于做平行四边形即可，并非要求一定达到最大量程，故C错误；

D、实验过程中两弹簧的夹角要适当，并非要求达到90°，非特殊角度也可，故D错误． 故选：B．

二、非选择题（本大题包括必考题和选考题两部分．第17题-第22题为必考题，每道试题考生必须作答．第23-34题为选考题，考生任选一题作答．）（一）必考题（共6题，总分30分）

17．研究地球的公转时， 可以 （填“可以”或“不可以”）把地球看做质点；研究地球的自转时， 不可以 （填“可以”或“不可以”）把地球看做质点． 【考点】13：质点的认识．

【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．

【解答】解；当研究地球的公转时，地球的大小和形状可以忽略不计，故地球可以看作质点； 而在研究地球自转时，地球的大小和形状不可以忽略，故不能看作质点； 故答案为：可以，不可以

18．打点计时器输入的交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔 0.02 s打一个点．若测得纸带上打下的第10个到第20个点的距离为40.00cm，则物体在这段位移的平均速度为 2m/s ． 【考点】M4：探究小车速度随时间变化的规律．

【分析】打点计时器每隔0.02S打一次点，平均速度为位移比时间，从而即可求解． 【解答】解：交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔 0.02s打一个点． 平均速度为：v=

=

=2m/s．

故答案为：0.02，2m/s．

19．如图所示，A、B两轮半径之比为1：3，两轮边缘挤压在一起，在两轮转动中，接触点不存在打滑的现象，则两轮边缘的线速度大小之比等于 1：1 ．A轮半径中点与B轮边缘的角速度大小之比等于 3：1 ．

【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．

【分析】同缘传动，边缘点线速度相等；根据v=ωr判断角速度的大小之比．

【解答】解：同缘传动，边缘点线速度相等，故两轮边缘的线速度大小之比等于1：1； 根据v=ωr，线速度相等时，角速度与转动半径成反比，故两轮边缘点的加速度之比为3：1； 由于同轴传动角速度相等，故A轮半径中点与B轮边缘的角速度大小之比等于3：1； 故答案为：1：1，3：1．

20．质量为1kg的物体从空中自由下落，不计空气阻力，取g=10m/s2，那么在开始下落的2s内重力做功为 200 J；2s末重力的瞬时功率为 200 W．

【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；1J：自由落体运动；62：功的计算．

【分析】由自由落体规律可求得2s内物体的位移，由功的公式可求得重力的功；由功率公式可求得重力的瞬时功率．

【解答】解：2s内物体下落的高度h=gt2=20m；则重力所做的功W=mgh=200J； 2s末的速度v=gt=20m/s； 则重力的瞬时功率P=mgv=200w； 故答案为：200 200

21．水平路面上质量是60kg的手推车，在受到120N的水平推力时做加速度大小为a=0.5m/s2的匀加速直线运动．求：

（1）小车与路面间的动摩擦因素； （2）经过4s手推车前进的位移．

【考点】37：牛顿第二定律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】（1）车子做匀加速直线运动，已知质量和加速度，可根据牛顿第二定律求出摩擦力的大小，

再根据f=μFN求出动摩擦因数．

（2）由位移时间公式求推车前进的位移．

【解答】解：（1）车子做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得： F﹣μmg=ma

代入数据解得：μ=0.15 （2）由

代入数据解得经过4s手推车前进的位移为：

s=4m

答：（1）小车与路面间的动摩擦因素是0.15； （2）经过4s手推车前进的位移是4m．

22．如图所示，一质量为m=2kg的物体，由光滑圆弧轨道上端从静止开始下滑，到达圆弧底端再沿水平面向右滑动一段距离而停止．已知圆弧轨道半径R=0.2m，圆弧轨道的上端与圆心在同一水平面内，g=10m/s2，求：

（1）物体滑至圆弧底端时的速度大小；

（2）物体滑至圆弧底端时，圆弧底端对物体的支持力大小； （3）物体沿水平面滑动的过程中摩擦力做的功．

【考点】6C：机械能守恒定律；37：牛顿第二定律；4A：向心力．

【分析】（1）物体沿光滑圆弧轨道过程，轨道的支持力不做功，只有重力做功，即可根据机械能守恒定律求出物块到达圆弧末端时的速度，

（2）在圆弧末端，物体受重力和支持力，两个力的合力提供圆周运动的向心力，由牛顿第二定律可以求出物体受到的支持力．

（3）由动能定理可以求出物体下滑过程中克服摩擦力做的功．

【解答】解：（1）物体在圆弧轨道上运动时只有重力做功，根据机械能守恒定律得， mgR=mv02

代入数据得，所求速度的大小为v0=2m/s

（2）该物体滑至圆弧底端时受力情况如图所示，根据牛顿第二定律得， FN﹣mg=m

代入数据得，轨道对该物体的支持力大小为FN=60N （3）该物体沿水平面滑动的过程中受力情况如图所示，

根据动能定理得， W滑=mv2﹣mv02

代入数据得，摩擦力对物体做的功为W滑=﹣4J 答：

（1）物体物体滑至圆弧底端时的速度大小是2m/s． （2）物体物体滑至圆弧底端时对轨道的压力大小是60N． （3）物体沿水平面滑动过程中克服摩擦力做的功是﹣4J．

[选修1-1]

23．油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（ ） A．向外界散热 B．做为油罐车的标志

C．发出响声，提醒其他车辆和行人的注意 D．把电荷导入大地，避免由静电造成危害 【考点】AI：静电现象的解释．

【分析】油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，属于静电的防止．

【解答】解：油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，把电荷导入大地，避免由静电造成危害，属于静电的防止，故D答案正确． 故选：D．

24．最先发现电流磁现象的科学家是（ ） A．库仑

B．安培

C．奥斯特 D．法拉第

【考点】1U：物理学史．

【分析】电流产生磁场的现象叫电流的磁效应．首先这个现象的科学家是奥斯特．

【解答】解：最先发现电流磁现象的科学家是丹麦的物理学家奥斯特，不是库仑、安培和法拉第． 故选C

25．下列说法正确的是（ ）

A．电视机铭牌上所标的“额定电压220V”指的是交流电压的峰值

B．交流发电机发出的电流方向不变

C．远距离输电要用高电压，是为了减少输电线上的电能损失 D．升压变压器的原、副线圈匝数相同

【考点】E8：变压器的构造和原理；EA：远距离输电．

【分析】用电器上表明的电压值与电流值都是有效值；交流发电机是利用电磁感应的原理来工作的；在远距离输电中，采用高压输电的目的是为了减小输电线路中的电流，以减小电路中的损耗；明确变压器原理，知道升压变压器和降压变压器的匝数关系． 【解答】解：

A、用电器上表明的电压值与电流值都是有效值；“额定电压220V”指的是交流电压的有效值．故A错误；

B、交流发电机发出的电流方向随时间做周期性变化，故B错误；

C、在远距离输电中，采用高压输电的目的是为了减小输电线路中的电流，以减小电路中的损耗．故C正确；

D、根据电压之比等于线圈匝数之比可知，升压变压器的原、副线圈匝数不同，副线圈匝数一定大于原线圈的匝数，故D错误． 故选：C．

26．通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器（ ） A．温度传感器 B．压力传感器 C．红外线传感器 D．声音传感器 【考点】GB：传感器在生产、生活中的应用．

【分析】一般人体都有恒定的体温，一般在37度，所以会发出特定波长10UM左右的红外线，被动式红外探头就是靠探测人体发射的10UM左右的红外线而进行工作的．

【解答】解：人走向门口时，门会自动打开，是因为安装了红外线传感器．从而能感知红外线，导致门被打开． 故选：C

27．某导体两端的电压为20V，10s内通过导体横截面的电量为5C，则导体中电流强度的大小为 0.5 A，导体的电阻为 40 Ω．

【考点】B1：电流、电压概念；B2：欧姆定律．

【分析】根据电流定义公式I=求解电流强度；根据欧姆定律求解电阻． 【解答】解：10s内通过导体横截面的电量为5C，故电流强度为：I=根据欧姆定律，电阻为：R=

=40Ω；

；

故答案为：0.5A、40Ω．

28．如图所示，两根相距L=0.5m，处于同一水平面平行金属直导轨，放置在磁感应强度B=2.0T、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端用导线边接一个定值电阻R，一根垂直导轨的金属棒在△t=0.5s时间内，由位置ab匀速滑动到位置a′b′，使闭合电路的磁通量由1.5Wb增大到2.5Wb． （1）求在△t时间内闭合电路产生感应电动势大小E；

（2）若在△t时间内，电路中产生感应电流I=0.5A，求此过程中金属棒受到的安培力大小F．

【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律；CC：安培力． 【分析】（1）根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势大小E； （2）安培力可根据公式F=BIL求解．

【解答】解：（1）根据法拉第电磁感应定律，感应电动势：E=（2）金属棒受到的安培力大小为：F=BIL=2×0.5×0.5N=0.5N 答：（1）在△t时间内闭合电路产生感应电动势大小E为2V；

（2）若在△t时间内，电路中产生感应电流I=0.5A，此过程中金属棒受到的安培力大小F为0.5N．

[选修3-1]

29．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点过程中，电场力做了2×10﹣6J的正功，那么（ ）

A．电荷在B处时具有2×10﹣6J的动能 B．电荷的动能减少了2×10﹣6J

C．电荷在B处时具有2×10﹣6J的电势能 D．电荷的电势能减少了2×10﹣6J 【考点】AE：电势能．

【分析】电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了2×10﹣6J的功，电荷的电势能减小2×10﹣6J，根据动能定理得知，动能增加了2×10﹣6 J．

【解答】解：AB、电荷只在电场力作用下，电场力做了2×10﹣6J的正功，合力做功即为2×10﹣6J，根据动能定理得知，动能增加了2×10﹣6J．故AB错误．

=

V=2V

CD、电场力做了2×10﹣6J的正功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小2×10﹣6J．故C错误，D正确． 故选：D．

30．图中B表示磁感强度，I表示通电长直导线中的电流，F表示磁场对导线的作用力．它们三者的方向间的关系，正确的是（ ）

A． B． C． D．

【考点】CD：左手定则．

【分析】根据图示电流、磁场、力的方向，应用左手定则分析答题．

【解答】解：A、由左手定则可知，电流所受安培力竖直向上，磁感强度、电流、安培力三者间的方向关系正确，故A正确；

B、根据图示由左手定则可知，安培力水平向左，图示磁感强度、电流、安培力三者间的方向关系错误，故B错误；

C、根据图示由左手定则可知，安培力竖直向下，图示磁感强度、电流、安培力三者间的方向关系错误，故C错误；

D、根据图示由左手定则可知，安培力水平向左，图示磁感强度、电流、安培力三者间的方向关系错误，故D错误； 故选A．

31．以下几种方法中，不能改变电容器电容的是（ ） A．增大两板的正对面积

B．增大两板间的距离

C．增大两板间的电压 D．更换电介质 【考点】AS：电容器的动态分析． 【分析】根据电容器的决定式C=

判断电容的变化；同时注意C=为定义式，C与Q和U无关．

【解答】解：A、根据电容器的决定式C=换电介质均可以改变电容的大小；

知，增大两板的正对面积、减小两极板间的距离及更

而电容与电压和电量无关；故改变电压不会影响电容器的电容大小； 本题选择不能改变电容器电容的；故选：C．

32．在图所示的电路中，电源的内电阻r=1Ω，外电路电阻R=9Ω，闭合开关后，电流表的示数I=0.3A，

电流表的内阻不计．电源的电动势E应等于（ ）

A．1V B．2V C．3V D．5V 【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．

【分析】电源的电动势E等于电路中内外电压之和，根据闭合电路欧姆定律求解电源的电动势E． 【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得 电源的电动势E=I（R+r）=0.3×（9+1）V=3V 故选C

33．用伏安法测量甲、乙、丙三个用不同材料制成的电阻时，得到了它们的I﹣U关系图线，如图所示．由图线可知，在实验过程中，阻值保持不变的电阻是 乙 ．阻值随着电压的增大而不断增大的电阻是 丙 （选填：甲、乙、丙）．

【考点】N6：伏安法测电阻．

【分析】伏安特性曲线中，斜率为电阻的倒数；由伏安特性曲线可判断电阻的变化趋势．

【解答】解：伏安特性曲线中，斜率为电阻的倒数，故斜率不变则电阻不变，即为定值电阻；斜率变小则阻值变大，反之电阻变小．由图得，乙为定值电阻，丙阻值变大， 故答案为：乙，丙．

34．如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸里，磁感应强度为B．一带负电的粒子（质量为m、电荷量为q）以速度v0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴正向的夹角为θ．求： （1）该粒子射出磁场的位置；

（2）该粒子在磁场中运动的时间．（粒子所受重力不计）

【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动．

【分析】（1）根据题意画出运动轨迹图，根据几何知识和洛伦兹力提供向心力求出粒子的坐标位置；

（2）根据转过的角度和周期计算粒子在磁场中运动的时间．

【解答】解：（1）带正电的粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，O、A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v0，射出方向与x轴的夹角仍为θ． 由于洛伦兹力提供向心力，则：qv0B=m

，R为圆轨道的半径，

解得：R=①

圆轨道的圆心位于OA的中垂线上，由几何关系可得： =Rsinθ ② 联立①②两式解得L=

；

所以粒子离开磁场的位置为（﹣（2）因为T=

，0）；

该粒子在磁场中运动的时间t=答：（1）该粒子射出磁场的位置为（﹣

=（1﹣）；

，0），

）

．

（2）该粒子在磁场中运动的时间为（1﹣

2017年5月25日

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