高三数学试题
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高三数学试题
2005-9-17 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)第II卷(非选择题)两部分,共150分.考试用时120分钟
第Ⅰ卷(选择题 共60分)
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分,每小题只有一项是正确的 1.设P,Q为两个非空实数集合,定义集合P+Q={a+b|
a∈P,b∈Q},若P={0,2,5},Q={1,2,6},则P+Q中元素的个数是 A.9 B.8 C.7 D.6
?x?0,?2?x.的解集是 2.不等式组?3?x???3?x2?xA{x|0?x?2} B {x|0?x?2.5} C{x|0?x?6} D {x|0?x?3}
43.在(1?x)5?(1?x)6?(1?x)7的展开式中,含x项的系数是首项为-2,公差为3的等 差数列的
A.第13项 B.第18项 C.第11项 D.第20项
4.设四棱锥 P?ABCD 的底面不是平行四边形, 用平面 ? 去截此四棱锥, 使得 截面四边形是平行四边形, 则这样的平面 ?
A. 不存在 B. 只有1个 C. 恰有4个 D. 有无数多个 5.一个容量为20的样本,数据的分组及各组的频数如下:(10,20],2;(20,30],3; (30,40],4;(40,50],5;(50,60],4;(60,70],2. 则样本在区间(10,50]上
的频率为
A.0.5
B.0.7
C.0.25
D.0.05
6.若sin??tg??ctg?(??????),则?? 22??????A.(?,) B.(?,0) C.(0,) D.(,)
4422447.已知椭圆有这样的光学性质:从椭圆的一个焦点出发的光线,经椭圆反射后,反射光线
必经过椭圆的另一个焦点. 今有一个水平放置的椭圆形台球盘,点A、B是它的两个焦点,长轴长为2a,焦距为2c. 当静放在点A的小球(小球的半径不计),从点A沿直线击出,经椭圆壁反弹后再回到点A时,小球经过的路程是 ( )
A.4a C.2(a?c)
B.2(a?c)
D.以上三种情况都有可能
8.正四面体的四个顶点都在一个球面上,且正四面体的高为4,则球的表面积为 ( )
A.16(12-63)? C.36?
B.18?
D.64(6-42)?
9.已知函数f(x)?x2?2ax?a在区间(??,1)上有最小值,则函数g(x)?上一定
A.有最小值
B.有最大值
C.是减函数
f(x)在区间(1,??)xD.是增函数
10.已知A、B为锐角三角形的两个内角,设m=cosB,n=sinA,则下列各式中正确的是( )
m2?n2m2?n2m2?n2m2?n2A、m< 222211.已知两点M(1, 55)、N(-4,-),给出下列曲线方程: 4422x2x22?y?1 ④?y2?1 ①4x?2y?1?0 ②x?y?3 ③22在曲线上存在点P满足|MP|=|NP|的所有曲线方程是 (A)①③ (B)②④ (C)①②③ (D)②③④ 12.一条走廊宽 2 m, 长 8 m, 用 6 种颜色的 1?1 m的整块地砖来铺设(每块地砖都是 单色的, 每种颜色的地砖都足够多), 要求相邻的两块地砖颜色不同, 那么所有的不同拼 色方法有 2A. 308个 B. 30?257个 C. 30?207个 D. 30?217个 第Ⅱ卷(非选择题 共90分) 二、填空题(本大题共4小题,每小题4分,共16分,把答案填在题中横线上) ?????????????????13.设向量 OA 绕点 O 逆时针旋转 得向量 OB, 且 2OA?OB?(7,9), 则 2????向量 OB? . 14.将大小不同的两种钢板截成A、B两种格的成品,每张钢板可同时截得这两种规格成品的块数如右表所示.现在需要A、B两规格的成品分别为12块和10块,则至少需这两种钢板共 张. 规格类型 钢板类型 第一种钢板 第二种钢板 A规格 2 1 B规格 1 3 规的种要 15.取棱长为a的正方体的一个顶点,过从此顶点出发的三条棱的中点作截面,依次进行下 去,对正方体的所有顶点都如此操作,所得的各截面与正方体各面共同围成一个多面体. 则此多面体:①有12个顶点;②有24条棱;③有12个面;④表面积为3a;⑤体积为以上结论正确的是 .(要求填上的有正确结论的序号) 16.已知平面上两个点集 M?{(x,y)||x?y?1|?253a. 62(x2?y2),x,y?R}, N?{(x,y)||x?a|?|y?1|?1,x,y?R}. 若 M?N??, 则 a 的取值范围是 . 三、解答题(本大题共6小题,共74分,解答题应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 17.(本小题满分12分) 设{an}为等差数列,{bn}为等比数列,且b1?a1,b2?a2,b3?a3(a1 n???222lim(b1?b2???bn)?2?1,试求{an}的首项与公差。 1718.(本小题满分12分) 袋中装有黑球和白球共7个,从中任取2个球都是白球的概率为,现有甲、乙两人从袋中轮流摸取1球,甲先取,乙后取,然后甲再取??取后不放回,直到两人中有一人取到白球时既终止,每个球在每一次被取出的机会是等可能的,用?表示取球终止所需要的取球次数. (I)求袋中所有的白球的个数; (II)求甲取到白球的概率. 19.(本小题满分12分) 已知线段PA?矩形ABCD所在的平面,M、N分别是AB、PC的中点. (1)求证:MN∥平面PAD; (2)当二面角A-CD-P为45°时,求证:MN⊥平面PCD; (3)在满足(2)的条件下,若AB=4,AD=2,求四棱锥N-ABCD的体积. x22220.设曲线C1:2?y?1(a为正常数)与C2:y=2(x+m)在x轴上方公有一个公共点P。 a(I)求实数m的取值范围(用a表示); (II)O为原点,若C1与x轴的负半轴交于点A,当0 21.由坐标原点O向曲线y?x3?3ax2?bx(a?0)引切线,切于O以外的点P1(x1,y1),再由P1引此曲线的切线,切于P1以外的点P2(x2,y2),如此进行下去,得到点列{ Pn(xn,yn}}. 求:(Ⅰ)xn与xn?1(n?2)的关系式; (Ⅱ)数列{xn}的通项公式; (Ⅲ)当n??时,Pn的极限位置的坐标. 1时,试求⊿OAP的面积的最大值(用a2222.已知?,?是方程4x?4tx?1?0(t?R)的两个不等实根,函数f(x)?2x?t的定义域为x2?1??,??。 (Ⅰ)求g(t)?maxf(x)?minf(x); (Ⅱ)证明:对于ui?(0,?2)(i?1,2,3),若sinu1?sinu2?sinu3?1, 则 1113???6。 g(tanu1)g(tanu2)g(tanu3)4 参考答案 一、 选择题 2 题号 1 C 答案 B 二、 填空题 题号 答案 3 D 13 4 D 5 B 6 B 14 7 7 D 8 C 9 D 15 ①②⑤ 10 A 11 D 12 D 16 (?1123,) 55[1?6,3?10] 三、 解答题 17.设所求公差为d,∵a1<a2,∴d>0.由此得 22 a1(a1?2d)2?(a1?d)4 化简得:2a1?4a1d?d2?0 解得:d?(?2?2)a1 而?2?2?0,故a1<0 若d?(?2?2)a1,则q?2a22a12a22a1?(2?1)2 若d?(?2?2)a1,则q??(2?1)2 但lim(b1?b2???bn)?2?1存在,故| q |<1,于是q?(2?1)2不可能. n??? 从而 2a11?(2?1)2?2?1?a12?(22?2)(2?1)?2 所以a1??2,d?(?2?2)a1?22?2 18.(I)设袋中原有n个白球,由题意知 n(n?1)1Cn(n?1)2 ???7?67C7?62所以n(n-1)=6,解得n?3(舍去n??2)即袋中原有3个白球. 2n27(II)由题意,?的可能取值为1,2,3,4,5 3P(??1)?; 74?32P???2???; 7?674?3?26P(??3)??; 7?6?5354?3?2?33P(??4)??; 7?6?5?4354?3?2?1?31P(??5)??; 7?6?5?4?335 因为甲先取,所以甲只有可能在第一次,第三次和第5次取球,记”甲取到白球”为事件A, 则 P(A)=P(“?=1”,或“?=3”,或“?=5”). 因为事件“?=1”、“?=3”、“?=5”两两互斥,所以 P(A)?P???1??P???3??P???5??19.(1)取PD的中点E,连接AE、EN,因为EN 36122??? 735353511 DC,而DCAM,所以ANME为平22 行四边形,MN∥AE.则MN∥平面PAD. PA?矩形ABCD所在的平面, (2)故CD?PA,又ABCD为矩形,则CD?AD,所以CD?平面PAD,CD?AE,AE∥MN,MN?CD,因为AD?DC,PD?DC,则?PDA是二面角A-CD-P的平面角,?PDA=45°,△PDA为等腰直角三角形,又E是斜边PD的中点,AE?PD,则MN?PD,已证MN?PD,可得MN?平面PCD. (3)连AC,取AC中点O,连ON,则ON∥PA,且ON?1PA,又PA=AD=2,则ON=21,PA?平面ABCD,故ON?平面ABCD,即NO为四棱锥N-ABCD的高, VN?ABCD?118NO?S矩形ABCD??1?2?4?(cm3) 333?x22?2?y?120.(1)由?a 消去y得:x2?2a2x?2a2m?a2?0 ① ?y2?2(x?m)? 设f(x)?x2?2a2x?2a2m?a2,问题(1)化为方程①在x∈(-a,a)上有唯一解或等根. 只需讨论以下三种情况: a2?1 1°△=0得:m?,此时xp=-a2,当且仅当-a<-a2<a,即0<a<1时适合; 2 2°f (a)f (-a)<0,当且仅当-a<m<a; 3°f (-a)=0得m=a,此时xp=a-2a2,当且仅当-a<a-2a2<a,即0<a<1时适合. f (a)=0得m=-a,此时xp=-a-2a2,由于-a-2a2<-a,从而m≠-a. a2?1 综上可知,当0<a<1时,m?或-a<m≤a; 2 当a≥1时,-a<m<a. (2)△OAP的面积S? ∵0<a< 1ayp 21,故-a<m≤a时,0<?a2?aa2?1?2m<a, 2 由唯一性得 xp??a2?aa2?1?2m 显然当m=a时,xp取值最小.由于xp>0,从而yp=1?∴S?aa?a2. x2pa2取值最大,此时yp?2a?a2, a2?11 当m?时,xp=-a2,yp=1?a2,此时S?a1?a2. 22
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