高一物理下册期末精选检测题(WORD版含答案)
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高一物理下册期末精选检测题(WORD版含答案)
一、第五章抛体运动易错题培优(难)
1.一种定点投抛游戏可简化为如图所示的模型,以水平速度v1从O点抛出小球,正好落入倾角为θ的斜面上的洞中,洞口处于斜面上的P点,OP的连线正好与斜面垂直;当以水平速度v2从O点抛出小球,小球正好与斜面在Q点垂直相碰。不计空气阻力,重力加速度为g,下列说法正确的是()
A.小球落在P点的时间是1
tan
v
gθ
B.Q点在P点的下方
C.v1>v2
D.落在P点的时间与落在Q点的时间之比是1
2
2v
v
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
A.以水平速度v1从O点抛出小球,正好落入倾角为θ的斜面上的洞中,此时位移垂直于斜面,由几何关系可知
111
21
1
2
tan
1
2
v t v
gt
gt
θ==
所以
1
1
2
tan
v
t
gθ
=
A错误;
BC.当以水平速度v2从O点抛出小球,小球正好与斜面在Q点垂直相碰,此时速度与斜面垂直,根据几何关系可知
2
2
tan
v
gt
θ=
即
2
2tan
v
t
gθ
=
根据速度偏角的正切值等于位移偏角的正切值的二倍,可知Q点在P点的上方,21
t t<,
水平位移
21
x
x
>,所以
21
v v
>,BC错误;
D.落在P点的时间与落在Q点的时间之比是11
22
2
t v
t v
=,D正确。
故选D。
2.如图所示,一根长木杆ab两端分别固定在水平地面和竖直墙壁aO上,已知杆与水平地面之间的夹角为θ=53°,a点到地面的距离为12m。从竖直墙壁上距地面8m的c点以水平速度v0射出一颗小石子,小石子运动的轨迹恰好与ab杆相切(重力加速度g取
10m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6),则小石子射出时的水平初速度为()A.310m/s B.35m/s C.
3
5
2
m/s D.
3
10
2
m/s
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
将速度和重力都分解到垂直于杆的方向和沿着杆的方向,如图所示
在垂直于杆的运动方向上
10
sin0.8
v v v
θ
==
在垂直于杆的方向的加速度
1
cos0.6
g g g
θ
==
由题可知,减速到零时的,恰好与杆相碰,则
2
1
1
cos
2
v
ac
g
θ=
整理得
35m/s
v=
故选B。
3.一小船在静水中的速度为4m/s,它在一条河宽160m,水流速度为3m/s的河流中渡河,则下列说法错误的是()
A.小船以最短位移渡河时,位移大小为160m
B.小船渡河的时间不可能少于40s
C.小船以最短时间渡河时,它沿水流方向的位移大小为120m
D.小船不可能到达正对岸
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
AD.船在静水中的速度大于河水的流速,由平行四边形法则求合速度可以垂直河岸,所以小船能垂直河岸正达对岸。合速度与分速度如图
当合速度与河岸垂直,渡河位移最短,位移大小为河宽160m。
选项A正确,D错误;
BC.当静水中的速度与河岸垂直时,渡河时间最短,为
160
s40s
4
min
c
d
t
v
===
它沿水流方向的位移大小为
340m120m
min
x v t
==?=
水
选项BC正确。
本题选错误的,故选D。
4.某人划船横渡一条河流,已知船在静水中的速率恒为v1,水流速率恒为v2,且v1>v2.他以最短时间方式过河用时T1,以最短位移方式过河用时T2.则T1与T2的比值为()A.1
2
v
v B.
2
1
v
v C
1
22
12
v v
-
D
22
12
1
v v
-
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
河水流速处处相同大小为v2,船速大小恒为v1,且v1>v2。设河宽为d,以最短位移过河
时,所用时间为T 2,则有
2
d T 以最短时间T 1过河时,有
11
d v T = 联立解得
121
T T 选项D 正确,ABC 错误。
故选D 。
5.在光滑水平面上,有一质量为m 的质点以速度0v 做匀速直线运动。t =0时刻开始,质点受到水平恒力F 作用,速度大小先减小后增大,运动过程中速度最小值为012
v 。质点从开始受到恒力作用到速度最小的过程经历的时间为t ,发生位移的大小为x ,则判断正确的是( )
A .02mv t F
= B
.t =C
.x = D
.x = 【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】 AB .在t =0时开始受到恒力F 作用,加速度不变,做匀变速运动,若做匀变速直线运动,则最小速度可以为零,所以质点受力F 作用后一定做匀变速曲线运动。
设恒力与初速度之间的夹角是θ,最小速度
100sin 0.5v v v θ==
解得
sin 0.5θ=
设经过t 质点的速度最小,将初速度沿恒力方向和垂直恒力方向分解,故在沿恒力方向上有
0cos30-
0F v t m
?= 解得
02t F
=
故AB 错误;
CD .垂直于恒力F 方向上发生的位移
200
3(sin )4mv x v θt F
== 沿力F 方向上发生的位移
222003311()()228mv mv F y at m F
=== 位移的大小为
2220218mv s x y F
=+=
故D 正确,C 错误;
故选D 。
6.如图所示,在竖直平面内坐标系中的第一象限内有沿x 轴正方向的恒定风力,将质量为0.1kg m =小球以初速度04m/s v =从O 点竖直向上抛出,到达最高点的位置为M 点,落回x 轴时的位置为N (图中没有画出),若不计空气阻力,坐标格为正方形,g 取210m/s ,则( )
A .小球在M 点的速度大小为5m/s
B .位置N 的坐标为(120),
C .小球到达N 点的速度大小为410m/s
D .风力大小为10N
【答案】BC
【解析】
【分析】
【详解】
A .设正方形的边长为0s ,小球竖直方向做竖直上抛运动有
01v gt =
解得
10.4s t =
00122
v s t =
水平方向做匀加速直线运动有 10132v s t =
解得小球在M 点的速度大小为
16m/s v =
选项A 错误;
B .由竖直方向运动的对称性可知,小球再经过1t 到达x 轴,水平方向做初速度为零的匀加速直线运动,位置N 的坐标为(12,0),选项B 正确;
C .到N 点时竖直分速度大小为04m/s v =,水平分速度
1212m/s x N v a t v ===水平
小球到达N 点的速度大小为
2v ==
选项C 正确;
D .水平方向上有
11v at =
解得
215m/s a =水平
所以风力大小
1.5N F ma ==水平
选项D 错误。
故选BC 。
7.静止的城市绿化洒水车,由横截面积为S 的水龙头喷嘴水平喷出水流,水流从射出喷嘴到落地经历的时间为t ,水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为θ,忽略空气阻力,以下说法正确的是( )
A .水流射出喷嘴的速度为2tan θgt
B .空中水柱的水的体积为2
2tan Sgt θ
C .水流落地时位移大小为2
2sin gt θ
D .水流落地时的速度为2cot θgt 【答案】BC
【解析】
【分析】
【详解】
A .水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为θ,则有
200
tan 22y gt gt x v t v θ=== 故
02tan gt v θ
=
故A 错误;
B.空中水柱的水量
2
02tan
Sgt
Q Sv t
θ
==
故B正确;
C.水流落地时,竖直方向位移2
1
2
h gt
=,根据几何关系得,水流落地时位移大小为
2
sin2sin
h gt
s
θθ
==
故C正确;
D.水流落地时,竖直方速度v y=gt,则水流落地时的速度
222
14(tan)
2tan
y
gt
v v vθ
θ
=+=+
故D错误。
故选BC。
【点睛】
水从喷嘴喷出后,做平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做自由落体运动,根据平抛运动的基本规律结合几何关系即可求解。
8.如图(a),在跳台滑雪比赛中,运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离.某运动员先后两次从同一跳台起跳,每次都从离开跳台开始计时,用v表示他在竖直方向的速度,其v-t图像如图(b)所示,t1和t2是他落在倾斜雪道上的时刻.则
A.第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小
B.第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大
C.第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大
D.竖直方向速度大小为v1时,第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】
A.由v-t图面积易知第二次面积大于等于第一次面积,故第二次竖直方向下落距离大于第一次下落距离,所以,A错误;
B.由于第二次竖直方向下落距离大,由于位移方向不变,故第二次水平方向位移大,故B 正确
C.由于v-t斜率知第一次大、第二次小,斜率越大,加速度越大,或由0
v v
a
t
-
=易知
a1>a2,故C错误
D.由图像斜率,速度为v1时,第一次图像陡峭,第二次图像相对平缓,故a
1>a2,由G-
f y=ma,可知,f y1 9.如图所示,物体A和B质量均为m,分别与轻绳连接跨过定滑轮(不计绳与滑轮之间的摩擦)。当用水平力F拉B物体沿水平面向右做匀速直线运动时,下列判断正确的是() A.物体A的速度小于物体B的速度B.物体A的速度大于物体B的速度 C.绳子对物体A的拉力小于A的重力D.绳子对物体A的拉力大于A的重力 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】 AB.设绳子与水平方向的夹角为θ,将B的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,如图 沿绳子方向的分速度等于A的速度,有 cos A B B v v v θ =< 选项A正确,B错误; CD.B向右做匀速直线运动,则θ减小,所以A的速度增大,即A向上做加速运动,拉力 T mg ma mg =+> 选项C错误,D正确。 故选AD。 10.如图,地面上固定有一半径为R的半圆形凹槽,O为圆心,AB为水平直径。现将小球 (可视为质点)从A处以初速度v1水平抛出后恰好落到D点;若将该小球从A处以初速度v2水平抛出后恰好落到C点,C、D两点等高,OC与水平方向的夹角θ=60°,不计空气阻力,则下列说法正确的是() A.小球从开始运动到落到凹槽上,前后两次的时间之比为1∶2 B.v1:v2=1∶3 C.小球从开始运动到落到凹槽上,速度的变化量两次相同 D.小球从开始运动到落到凹槽上,前后两次的平均速度之比为1∶2 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】 A.平抛运动竖直方向上是自由落体运动,两次都落到同一高度,因此运动时间相同,A错误; B.第一次水平位移 o 1 1 (1cos60) 2 x R R =-= 第二次水平位移 o 1 3 (1+cos60) 2 x R R == 由于运动时间相同,因此 11 22 1 3 v x v x == B正确; C.由于两次的加速度相同,运动时间相同,因此速度变化量相同,C正确; D.第一次位移 1 s R = 第二次位移 2 3 s R = 平均速度等于位移与时间的比,由于运动时间相同,因此平均速度之比为13,D错误。 故选BC。 二、第六章圆周运动易错题培优(难) 11.如图所示,在匀速转动的水平盘上,沿半径方向放着用细线相连的物体A和B,A和B 质量都为m.它们分居在圆心两侧,与圆心距离分别为R A=r,R B=2r,A、B与盘间的动摩擦因数μ相同.若最大静摩擦力等于滑动摩擦力,当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时,下列说法正确的是( ) A.此时绳子张力为T=3mg μ B.此时圆盘的角速度为ω 2g r μ C.此时A所受摩擦力方向沿半径指向圆外 D.此时烧断绳子物体A、B仍将随盘一块转动 【答案】ABC 【解析】 【分析】 【详解】 C.A、B两物体相比,B物体所需要的向心力较大,当转速增大时,B先有滑动的趋势,此时B所受的静摩擦力沿半径指向圆心,A所受的静摩擦力沿半径背离圆心,故C正确;AB.当刚要发生相对滑动时,以B为研究对象,有 2 2 T mg mr μω += 以A为研究对象,有 2 T mg mr μω -= 联立可得 3 T mg μ = 2g r μ ω= 故AB正确; D.若烧断绳子,则A、B的向心力都不足,都将做离心运动,故D错误. 故选ABC. 12.如图所示,在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块(可视为质点)。A和B距轴心O的距离分别为r A=R,r B=2R,且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m,两物块A和B随着圆盘转动时,始终与圆盘保持相对静止。则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中,下列说法正确的是() A.B所受合力一直等于A所受合力 B.A受到的摩擦力一直指向圆心 C.B受到的摩擦力先增大后不变 D.A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度ωm= 2 m f mR 【答案】CD 【解析】 【分析】 【详解】 当圆盘角速度比较小时,由静摩擦力提供向心力。两个物块的角速度相等,由2 F m r ω = 可知半径大的物块B所受的合力大,需要的向心力增加快,最先达到最大静摩擦力,之后保持不变。当B的摩擦力达到最大静摩擦力之后,细线开始提供拉力,根据 2 m 2 T f m R ω +=? 2 A T f m R ω += 可知随着角速度增大,细线的拉力T增大,A的摩擦力A f将减小到零然后反向增大,当A 的摩擦力反向增大到最大,即A m = f f -时,解得 m 2f mR ω= 角速度再继续增大,整体会发生滑动。 由以上分析,可知AB错误,CD正确。 故选CD。 13.如图所示,一个边长满足3:4:5的斜面体沿半径方向固定在一水平转盘上,一木块静止在斜面上,斜面和木块之间的动摩擦系数μ=0.5。若木块能保持在离转盘中心的水平距离为40cm处相对转盘不动,g=10m/s2,则转盘转动角速度ω的可能值为(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)() A .1rad/s B . 3rad/s C .4rad/s D .9rad/s 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】 根据题意可知,斜面体的倾角满足 3tan 0.54 θμ=>= 即重力沿斜面的分力大于滑动摩擦力,所以角速度为零时,木块不能静止在斜面上;当转动的角速度较小时,木块所受的摩擦力沿斜面向上,当木块恰要向下滑动时 11cos sin N f mg θθ+= 2111sin cos N f m r θθω-= 又因为滑动摩擦力满足 11f N μ= 联立解得 1522rad/s ω= 当转动角速度变大,木块恰要向上滑动时 22cos sin N f mg θθ=+ 2222sin cos N f m r θθω+= 又因为滑动摩擦力满足 22f N μ= 联立解得 252rad/s ω= 综上所述,圆盘转动的角速度满足 522rad/s 2rad/s 52rad/s 7rad/s 11 ω≈≤≤≈ 故AD 错误,BC 正确。 故选BC 。 14.如图所示,质量相等的A 、B 两个小球悬于同一悬点O ,且在O 点下方垂直距离h =1m 处的同一水平面内做匀速圆周运动,悬线长L 1=3m ,L 2=2m ,则A 、B 两小球( ) A .周期之比T 1:T 2=2:3 B .角速度之比ω1:ω2=1:1 C .线速度之比v 1:v 2 D .向心加速度之比a 1:a 2=8:3 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】 AB .小球做圆周运动所需要的向心力由重力mg 和悬线拉力F 的合力提供,设悬线与竖直方向的夹角为θ。对任意一球受力分析,由牛顿第二定律有: 在竖直方向有 F cosθ-mg =0…① 在水平方向有 2 24sin sin F m L T πθθ= …② 由①②得 2T = 分析题意可知,连接两小球的悬线的悬点距两小球运动平面的距离为h =L cosθ,相等,所以周期相等 T 1:T 2=1:1 角速度 2T πω= 则角速度之比 ω1:ω2=1:1 故A 错误,B 正确; C .根据合力提供向心力得 2 tan tan v mg m h θθ = 解得 tan v = 根据几何关系可知 1tan h θ= = 2tan h θ= =故线速度之比 12v v =: 故C正确; D.向心加速度a=vω,则向心加速度之比等于线速度之比为 12 83 a a= :: 故D错误。 故选BC。 15.如图所示,小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动,管道内侧壁半径为R,小球半径为r,则下列说法中正确的是() A.小球通过最高点时的最小速度 min v Rg = B.小球通过最高点时的最小速度min0 v= C.小球在水平线ab以下的管道中运动时,内侧管壁对小球一定无作用力 D.小球在水平线ab以上的管道中运动时,外侧管壁对小球一定有作用力 【答案】BC 【解析】 【详解】 AB.因是在圆形管道内做圆周运动,所以在最高点时,内壁可以给小球沿半径向外的支持力,所以小球通过最高点时的最小速度可以为零.所以选项A错误,B正确; C.小球在水平线ab以下的管道中运动时,竖直向下的重力沿半径方向的分力沿半径方向向外,小球的向心力是沿半径向圆心的,小球与外壁一定会相互挤压,所以小球一定会受到外壁的作用力,内壁管壁对小球一定无作用力,所以选项C正确; D.小球在水平线ab以上的管道中运动时,当速度较小时,重力沿半径方向上的分力大于或等于小球做圆周运动需要的向心力,此时小球与外壁不存在相互挤压,外侧管壁对小球没有作用力,选项D错误. 16.如图所示,叠放在水平转台上的物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动, A、B、C的质量分别为3m、2m、m,A与B、B和C与转台间的动摩擦因数都为μ,A和 B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r。设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以下说法正确的是() A .B 对A 的摩擦力一定为3μmg B .B 对A 的摩擦力一定为3mω2r C .转台的角速度可能等于3g r μ D .转台的角速度可能等于 g r μ 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】 AB .对A 受力分析,受重力、支持力以及B 对A 的静摩擦力,静摩擦力提供向心力,有 2(3)(3)f m r m g ωμ= 故A 错误,B 正确; CD .由于A 、AB 整体、C 受到的静摩擦力均提供向心力,故对A 有 2(3)(3)m r m g ωμ 对AB 整体有 ()()23232m m r m m g ωμ+≤+ 对物体C 有 ()21.5m r mg ωμ≤ 解得 23g r μω≤ 故C 正确,D 错误。 故选BC 。 17.如图甲,一长为R 且不可伸长的轻绳一端固定在O 点,另一端系住一小球,使小球在竖直面内圆周运动,小球经过最高点的速度大小为v ,此时绳子拉力大小为F ,拉力F 与速度的平方r 2的关系如图乙所示,以下说法正确的是( ) A .利用该装置可以得出重力加速度R g a = B .利用该装置可以得出小球的质量aR m b C .小球质量不变,换绳长更长的轻绳做实验,图线a 点的位置不变 D .绳长不变,用质量更大的球做实验,得到的图线斜率更大 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】 A .由图乙可知当2v a =时,此时绳子的拉力为零,物体的重力提供向心力,则 2 v mg m R = 解得 2v gR = 所以 a gR = 则重力加速度 a g R = A 错误; B .当22v a =时,对物体受力分析,有 2 v mg b m R += 解得小球的质量为 b m g = B 错误; D .小球经过最高点时,根据牛顿第二定律有 2 T v mg F m R += 解得 2T m F v mg R = - 所以图乙图线的斜率为 m k R = 所以绳长不变,用质量更大的球做实验,得到的图线斜率更大,D 正确; C .当0T F =时,有 2v gR = 所以小球质量不变,换绳长更长的轻绳做实验,图线a点的位置将会发生变化,C错误。故选D。 18.如图所示为某一传动机构中两个匀速转动的相互咬合的齿轮,a、b、c、d四点均在齿轮上。a、b、c、d四个点中角速度ω与其半径r成反比的两个点是() A.a、b B.b、c C.b、d D.a、d 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】 a、b同轴转动,c、d同轴转动,角速度相同, b、c紧密咬合的齿轮是同缘传动,边缘点线速度相等,根据v=ωr得b、c两点角速度ω与其半径r成反比,选项B正确,ACD错误。 故选B。 19.小明撑一雨伞站在水平地面上,伞面边缘点所围圆形的半径为R,现将雨伞绕竖直伞杆以角速度ω匀速旋转,伞边缘上的水滴落到地面,落点形成一半径为r的圆形,当地重力加速度的大小为g,根据以上数据可推知伞边缘距地面的高度为() A. 22 22 () 2 g r R R ω - B. 22 22 () 2 g r R r ω - C. 2 22 () 2 g r R R ω - D. 2 22 2 gr R ω 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】 雨点甩出后做平抛运动,竖直方向有 h= 1 2 gt2 2h g 水平方向初速度为雨伞边缘的线速度,所以 v0=ωR 雨点甩出后水平方向做匀速直线运动 x=v0t= ωR 2h g 伞边缘上的水滴落到地面,落点形成一半径为r的圆形,根据几何关系可知水平距离为 x=22 r R - 所以 22 r R -=ωR 2h g 解得 h= 22 22 () 2 g r R R ω - 故选A. 点评:本题就是对平抛运动规律的考查,平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动,和竖直方向上的自由落体运动来求解. 20.在粗糙水平桌面上,长为l=0.2m的细绳一端系一质量为m=2kg的小球,手握住细绳另一端O点在水平面上做匀速圆周运动,小球也随手的运动做匀速圆周运动。细绳始终与桌面保持水平,O点做圆周运动的半径为r=0.15m,小球与桌面的动摩擦因数为=0.6 μ,2 10m/s g=。当细绳与O点做圆周运动的轨迹相切时,则下列说法正确的是() A.小球做圆周运动的向心力大小为6N B.O点做圆周运动的角速度为42rad/s C.小球做圆周运动的线速度为22m/s D.小球做圆周运动的轨道半径为1 8 m 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】 AD.小球做圆周运动的半径如图根据几何关系有 0.25m R == 则有 tan r l θ= 解得 37θ?= 正交分解 sin T mg θμ= cos T F θ=向 两式相比解得 0.6210N 16N 3tan 374 F mg μ???= ==向 故AD 错误; B .小球和O 点转动的角速度相同,根据 2F m R ω=向 可知 ω= == 故B 正确; C .小球做圆周运动的线速度 0.25m/s v R ω=== 故C 错误。 故选B 。 三、第八章 机械能守恒定律易错题培优(难) 21.如图所示,竖直墙上固定有光滑的小滑轮D ,质量相等的物体A 和B 用轻弹簧连接,物体B 放在地面上,用一根不可伸长的轻绳一端与物体A 连接,另一端跨过定滑轮与小环C 连接,小环C 穿过竖直固定的光滑均匀细杆,小环C 位于位置R 时,绳与细杆的夹角为θ,此时物体B 与地面刚好无压力。图中SD 水平,位置R 和Q 关于S 对称。现让小环从R 处由静止释放,环下落过程中绳始终处于拉直状态,且环到达Q 时速度最大。下列关于小环C 下落过程中的描述正确的是( ) A.小环C、物体A和轻弹簧组成的系统机械能不守恒 B.小环C下落到位置S时,小环C的机械能一定最大 C.小环C从位置R运动到位置Q的过程中,弹簧的弹性势能一定先减小后增大 D.小环C到达Q点时,物体A与小环C的动能之比为 cos 2 θ 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】 A.在小环下滑过程中,只有重力势能与动能、弹性势能相互转换,所以小环C、物体A和轻弹簧组成的系统机械能守恒,选项A错误; B.小环C下落到位置S过程中,绳的拉力一直对小环做正功,所以小环的机械能一直在增大,往下绳的拉力对小环做负功,机械能减小,所以在S时,小环的机械能最大,选项B 正确; C.小环在R、Q处时弹簧均为拉伸状态,且弹力大小等于B的重力,当环运动到S处,物体A的位置最低,但弹簧是否处于拉伸状态,不能确定,因此弹簧的弹性势能不一定先减小后增大,选项C错误; D.在Q位置,环受重力、支持力和拉力,此时速度最大,说明所受合力为零,则有 cos C T m g θ= 对A、B整体,根据平衡条件有 2 A T m g = 故 2cos C A m mθ = 在Q点将小环v速度分解 可知 cos A v v θ= 根据动能212 k E mv =可知,物体A 与小环C 的动能之比为 221cos 2122 A A A k kQ C m v E E m v θ== 选项 D 正确。 故选BD 。 22.如图所示,一个半径和质量不计的定滑轮O 固定在天花板上,物块B 和A 通过轻弹簧栓接在一起,竖直放置在水平地面上保持静止后,再用不可伸长的轻绳绕过滑轮连接物块A 和C ,物块C 穿在竖直固定的细杆上,OA 竖直,OC 间距l =3m 且水平,此时A 、C 间轻绳刚好拉直而无作用力。已知物块A 、B 、C 质量均力2 kg 。不计一切阻力和摩擦,g 取10m/s 2。现将物块C 由静止释放,下滑h =4m 时物块B 刚好被提起,下列说法正确的是 A .弹簧的劲度系数为20 N/m B .此过程中绳子对物块A 做的功为60J C .此时物块A 速度的大小为10m/s 41 D .绳子对物块C 做功的大小等于物块A 动能的增加量 【答案】AC 【解析】 【详解】 A .初始时弹簧处于压缩状态,弹力等于A 的重力。 B 刚好被提起时,弹簧处于伸长状态,弹簧的弹力等于B 的重力。由几何关系得,弹簧共伸长了2m 。物块B 刚好被提起时弹簧的的形变量为: 25m 3m x =- kx mg = 解得弹簧的劲度系数为: 20N/m k = 故A 正确。 BC .物块C 沿杆下滑的速度分解在沿绳子的方向和垂直的方向,当物块B 刚好被提起时:
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