大学物理学课后答案(湖南大学出版社)
更新时间:2023-12-15 16:47:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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12.12 真空中有两块相互平行的无限大均匀带电平面A和B.A平面的电荷面密度为2σ,B平面的电荷面密度为σ,两面间的距离为d.当点电荷q从A面移到B面时,电场力做的功为多少?
[解答]两平面产生的电场强度大小分别为 EA = 2σ/2ε0 = σ/ε0,EB = σ/2ε0,
两平面在它们之间产生的场强方向相反,因此,总场强大小为 E = EA - EB = σ/2ε0, 方向由A平面指向B平面.
两平面间的电势差为 U = Ed = σd/2ε0,
当点电荷q从A面移到B面时,电场力做的功为 W = qU = qσd/2ε0.
13.3 金属球壳原来带有电量Q,壳内外半径分别为a、b,壳内距球心为r处有一
点电荷q, 球心o的电势为多少?
[解答]点电荷q在内壳上感应出负电荷-q,不论电荷如何分布,距离球心
b 都为a.外壳上就有电荷q+Q,距离球为b.球心的电势是所有电荷产生的电
o 势叠加,大小为 a r 1q1?q1Q?qq Uo???4??0r4??0a4??0b13.14 一平行板电容器板面积为S,板间距离为d,两板竖直放着.若图13.3
电容器两板充电到电压为U时,断开电源,使电容器的一半浸在相对介电常量为εr的液体中.求:(1)电容器的电容C;(2)浸入液体后电容器的静电能;(3)极板上的自由电荷面密度.
[解答](1)如前所述,两电容器并联的电容为 C = (1 + εr)ε0S/2d.
(2)电容器充电前的电容为C0 = ε0S/d, 充电后所带电量为 Q = C0U. 当电容器的一半浸在介质中后,电容虽然改变了,但是电量不变,所以静电能为 W = Q2/2C = C02U2/2C = ε0SU2/(1 + εr)d.
(3)电容器的一半浸入介质后,真空的一半的电容为 C1 = ε0S/2d;介质中的一半的电容为 C2 = ε0εrS/2d.设两半的所带自由电荷分别为Q1和Q2,则
Q1 + Q2 = Q. ① 由于C = Q/U,所以
U = Q1/C1 = Q2/C2. ② 解联立方程得
Q1?C0UC1Q, ?C1?C21?C2/C1真空中一半电容器的自由电荷面密度为
?1?2C0U2?0UQ1. ??S/2(1?C2/C1)S(1??r)d同理,介质中一半电容器的自由电荷面密度为
14.1通有电流I的导线形状如图所示,图中ACDO是边长为b的正方形.求圆心O处的磁感应强度B = ?
A [解答]电流在O点的产生的磁场的方向都是垂直纸面向里的.根据毕-萨定
r0, 律:dB??0Idl?4?r2圆弧上的电流元与到O点的矢径垂直,在O点产生的磁场大小为 O I b C ?IdldB1?02, 由于 dl = adφ,
4?a3?/2?Id?3?0I积分得 B1??dB1??0. ?L8a4?a0a 图14.4 D OA和OD方向的直线在O点产生的磁场为零.在AC段,电流元在O点产生的磁场为
dB2?由于 l = bcot(π - θ) = -bcotθ, 所以 dl = bdθ/sin2θ; 又由于 r = b/sin(π - θ) = b/sinθ,
?Isin?d?可得 dB2?0,
4?b?0Idlsin?,
4?r2A l Idl θ r O a b C D Idl ?0I3?/4?0Isin?d?积分得B2??dB??(?cos?)??/24?b4?bL3?/4??/22?0I 8?b同理可得CD段在O点产生的磁场B3 = B2. O点总磁感应强度为
14.23 均匀带电细直线AB,电荷线密度为λ,可绕垂直于直线的轴O以ω角速度均速转动,设直线长为b,其A端距转轴O距离为a,求:
(1)O点的磁感应强度B; (2)磁矩pm;
(3)若a>>b,求B0与pm.
ω [解答](1)直线转动的周期为T = 2π/ω,
在直线上距O为r处取一径向线元dr,所带的电量为 dq = λdr,
b 形成的圆电流元为 dI = dq/T = ωλdr/2π,
在圆心O点产生的磁感应强度为 dB = μ0dI/2r = μ0ωλdr/4πr, 整个直线在O点产生磁感应强度为 a A a?bo ???1???a?b , B?0dr?0ln4?ar4?a图14.23
如果λ > 0,B的方向垂直纸面向外.
(2)圆电流元包含的面积为S = πr2,形成的磁矩为 dpm = SdI = ωλr2dr/2,
B ?积分得 pm???a?b2?ar2dr???6λ > 0,pm的方向垂直纸面向外. [a(?b3)?a3.如果]?0?????bbln(1?)?0(?...), 4?a4?a??a3b3??a3bb2b3??a2b?0??b所以 B?.pm?. [(1?)?1]?[3?3()?()]?4?a6a6aaa2(3)当a>>b时,因为 B?16.1 一条铜棒长为L = 0.5m,水平放置,可绕距离A端为L/5处和棒垂直的轴OO`
在水平面内旋转,每秒转动一周.铜棒置于竖直向上的匀强磁场中,如图所示,磁感应强度B = 1.0×10-4T.求铜棒两端A、B的电势差,何端电势高.
[解答]设想一个半径为R的金属棒绕一端做匀速圆周运动,角速度为ω,经过时间dt后转过的角度为
dθ = ωdt,扫过的面积为dS = R2dθ/2, O` B 2
切割的磁通量为 dΦ = BdS = BRdθ/2, ω A B 动生电动势的大小为
ε = dΦ/dt = ωBR2/2.
L/5 根据右手螺旋法则,圆周上端点的电势高. O AO和BO段的动生电动势大小分别为 图16.1
?AO??BO, ()?2550?B4L216?BL2. ?()?2550?BL2?BL2L l o dθ R ω 由于BO > AO,所以B端的电势比A端更高,A和B端的电势差为
???BO??AO3?BL23?BL23?2??1.0?10?4(0.5)2= 4.71×10-4(V). ???10101016.6 如图,有一弯成θ角的金属架COD放在磁场中,磁感应强度B的方向垂直于金
属架COD所在平面,一导体杆MN垂直于OD边,并在金属架上以恒定速度v向右滑动,v与MN垂直,设t = 0时,x = 0,求下列两情形,框架内的感应电动势εi.
(1)磁场分布均匀,且B不随时间改变; (2)非均匀的交变磁场B = Kxcosωt. M B [解答](1)经过时间t,导体杆前进的距离为 x = vt, 杆的有效长度为 l = xtanθ = v(tanθ)t, 2
动生电动势为 εi = Blv = Bv(tanθ)t. θ O (2)导体杆扫过的三角形的面积为
N x S = xl/2 = x2tanθ/2 = v2t2tanθ/2,
图16.6 通过该面的磁通量为
C v D kx3tan?kv3tan?3??BS?cos?t ?tcos?t
22感应电动势为
kv3tan?2d??i????(3tcos?t??t3sin?t),
dt216.19 两个线圈的自感分别为L1和L2,,它们之间的互感为M.将两个线圈顺串联,
如图a所示,求1和4之间的互感;(2)将两线圈反串联,如图b所示,求1和3之间的自感.
[解答]两个线圈串联时,通以电流I之后,总磁场等于两个线圈分别产生的磁场的矢量和B = B1 + B2,磁场的能量为
B2Wm??dV2?VBBcos?11?L1I2?L2I2??12dV. 22?V11L1I2?L2I2?MI2, 222W自感系数为 L?2m?L1?L2?2M.
IWm?2B12B2B?B??dV??dV??12dV2?2??VVV(1)当两个线圈顺串时,两磁场的方向相同,θ = 0,所以
(2)当两个线圈反串时,两磁场的方向相反,θ = π,所以
11L1I2?L2I2?MI2, 222W自感系数为 L?2m?L1?L2?2M.
IWm?16.20 两个共轴的螺线管A和B完全耦合,A管的自感系数L1 = 4.0×10-3H,通有电流I1 = 2A,B管的自感L2 = 9×10-3H,通有电流I2 = 4A.求两线圈内储存的总磁能.
[解答]A管储存的自能为
Wm1?11L1I12??4?10?3?22?8?10?3(J), 22112L2I2??9?10?3?42?72?10?3(J); 22B管储存的自能为
Wm2?由于两线圈完全耦合,互感系数为
M?L1L2?4?10?3?9?10?3?6?10?3(H),
A管和B管储存的相互作用能为
Wm12 = MI1I2 = 6×10-3×2×4 = 48×10-3(J), 两线圈储存的总能量为
Wm = Wm1 + Wm2 + Wm12 = 0.128(J).
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