2018年普通高等学校招生全国统一考试最新信息卷 物理(十一)(精品解析版)

2018年普通高等学校招生全国统一考试最新信息卷

理科综合能力测试?物理（十一）

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

1. 关于近代物理，下列说法错误的是

A. α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构

B. 轻核聚变反应方程H ＋H→He＋X中，X表示电子

C. 分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大

D. 基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n = 3激发态后，可能发射2种频率的光子

【答案】B

【解析】α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构，选项A正确；根据质量数和电荷数守恒可知，轻核聚变反应方程中，X质量数为1，电荷数为0，表示中子，选项B错误；根据光电效应的规律，分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，因紫光的频率较大，光子能量大，则紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大，选项C正确；基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n = 3激发态后，可能发射=2种频率的光子，选项D正确，此题选项错误的选项，故选B.

2. 如图所示为某一带正电点电荷产生的电场中的一条电场线，A、B、C、D为该电场线上的点，相邻两点间距相等，电场线方向由A指向D。一个带正电的粒子从A点由静止释放，运动到B点时的动能为Ek，仅考虑电场力作用，则

A. 从A点到D点，电势先升高后降低

B. 粒子一直做匀加速运动

C. 粒子在BC段电势能的减少量大于CD段电势能的减少量

D. 粒子运动到D点时动能等于3Ek

【答案】C

【解析】因为该电场线为一带正电点电荷产生的，根据电场线的特点可知该正电荷在A点的左侧，故沿着

1

电场线方向电势降低，即从A点到D点电势降低；电场线越来越疏，则电场强度越来小，加速度越来越小，故AB错误；根据电场力做功W=qU,可知BC段靠近场源电荷，故BC段的电势差大于CD的电势差，故BC段电场力做的正功更多，则粒子在BC段电势能的减少量更多，故C正确；若该电场是匀强电场，从A到B，根据动能定理有：；从A到D ，根据动能定理有：，联立得：，而该电场是非匀强电场，距离相等的两点间的电势差越来越小，故粒子运动到D 点时动能小于，故D错误；故选C.

3. 如图所示，在磁感应强度为B，范围足够大的水平匀强磁场内，固定着倾角为θ的绝缘斜面，一个质量为m、电荷量为－q的带电小物块以初速度v0沿斜面向上运动，小物块与斜面间的动摩擦因数为μ。设滑动时电荷量不变，在小物块上滑过程中，其加速度大小a与时间t的关系图象，可能正确的是

D.

A. B. C.

【解析】根据牛顿第二定律，沿斜面方向：，

垂直斜面方向：

联立解得

速度越小，加速度越小，速度减小的越慢，加速度减小的越慢，但减不到零，故C正确，ABD错误。

故选：C

点睛：根据牛顿第二定律列出加速度的表达式，加速度越小，速度减小的越慢，加速度减小的越慢，但减不到零。

4. 某试验卫星在地球赤道平面内一圆形轨道上运行，每5天对某城市访问一次，下列关于该卫星的描述中正确的是

A. 角速度可能大于地球自转角速度

2

B. 线速度可能大于第一宇宙速度

C. 高度一定小于同步卫星的高度

D. 向心加速度可能大于地面的重力加速度

【答案】A

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B．第一宇宙速度是所有卫星中的最大环绕速度，试验卫星的线速度一定小于第一宇宙速度，故B错误；

D ．根据，卫星的向心加速度一定小于地面的重力加速度，故D正确。

故选：AD

5. 如图位于竖直面内的光滑轨道AB，与半径为R的圆形轨道底部相通，圆形轨道上部有一缺口CDE，D 点为圆形最高点，∠COD＝∠DOE＝30°，质量为m可视为质点的小球自光滑轨道AB上某点静止下滑，由底部进入圆形轨道，通过不断调整释放位置，直到小球从C飞出后能无碰撞的从E进入左侧轨道，重力加速度为g。下列说法正确的是

A. 小球通过最高点的速度大小为

B. 小球通过C 点时速度大小为

C. 小球从C 点运动到最高点的时间为

D. A 点距地面的高度为

【答案】D

【解析】小球从C点做平抛运动，设速度为v c，速度方向与水平方向夹角为300，则v c cos300t=EC=R；

v c sin300=0.5gt ，解得,到达最高点的速度，选项AB错误；小球从C点运动到最高点的时间为，选项C错误；

3

从A到C 由机械能守恒：，解得，选项D正确；故选D.

点睛：此题关键是搞清小球的运动特点，从C点做斜上抛运动到达E点，结合抛体运动的规律列方程；此题计算量较大，考查学生综合能力.

6. 如图甲所示，在绝缘水平面上方的MM′和PP′范围内有电场强度方向水平向右的电场，电场强度大小沿电场线方向的变化关系如图乙所示。一质量为m、带电荷量为+q的小物块(可视为点电荷)从水平面上的A 点以初速度v0向右运动，到达B点时速度恰好为零。若滑块与水平面之间的动摩擦因数为μ，A、B两点间的距离为l，重力加速度为g。则以下判断正确的是

A. 小物块在运动过程中所受到的电场力一直小于滑动摩擦力

B. 此过程中产生的内能大于

C. A、B 两点间的电势差为

D. 小物块在运动过程中的中间时刻，速度大小等于

【答案】ABC

【解析】滑块所受的电场力水平向右，摩擦力水平向左，由图象知，电场强度逐渐增大，电场力逐渐增大，滑块做减速运动，可知电场力一直小于滑动摩擦力，故A正确。根据能量守恒知，电势能减小、动能减小，全部转化为内能，则产生的内能大于mv02．故B正确；根据动能定理得，qU-μmgl=0-mv02，解得，A、B 点间的电势差．故C正确。因为电场力逐渐增大，所以小滑块做加速度逐渐减小的减速运动，根据速度时间图线可知，

若为匀变速直线运动，中间时刻的瞬时速度等于，从图中可知，中间时刻的瞬时速度小于．故D错误。

4

故选ABC。

点睛：本题综合考查了牛顿第二定律、动能定理和能量守恒，关键是分析滑块在运动中的受力情况，知道能量是如何转化的；此题综合性较强，对学生的能力要求较高．

7. 如图甲所示，一根质量均匀分布的长绳AB在水平恒力F作用下，由静止开始在光滑水平面上向左运动。绳上距a端x处的张力Fx随x的变化图象如图乙所示。已知长绳的质量m = 10 kg，则

A. 长绳运动的速度每秒钟增加1 m/s2

B. 在0 ~ 1 s内水平拉力F做的功为10 J

C. 在0 ~ 1 s内水平拉力F的冲量大小为5 N?s

D. 若水平面粗糙，则拉力Fx-x图线仍可能保持不变

【答案】AD

【解析】距离A端为0时F最大，那么a端就应该是作用点，此时F=10N，所以水平外力F=10 N；设绳子运动的加速度为a，根据牛顿第二定律得：F=ma，解得a=1m/s2，长绳运动的速度每秒钟增加△v=at=1m/s，故A正确；在0～1s内水平拉力F 做的功为等于绳子动能的变化，即为：，故B 错误；在0～1s内水平拉力F的冲量大小为：I=Ft=10N?s，故C错误；设距a端x处的拉力为F x，此处到b 端的质量为m b，则有：F x=m b a=：若水平面粗糙，设动摩擦因数为μ，加速度为a1，根据牛顿第二定律可得：F-μmg=ma1，则有：F x-μm b g=m b a1，解得：F x =；所以拉力F x-x图线仍保持不变，故D正确。故选AD。

点睛：本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。

8. 如图所示，空间直角坐标系的xOz平面是光滑水平面，空间中有沿z轴正方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B。现有两块平行的薄金属板，彼此间距为d，构成一个电容为C的电容器，电容器的下极板放在xOz平面上；在两板之间焊接一根垂直于两板的电阻不计的金属杆MN，已知两板和杆MN的总质量为m，

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若对杆MN施加一个沿x轴正方向的恒力F，两金属板和杆开始运动后，则

A. 两金属板间的电压始终保持不变

B. 金属杆MN中存在沿M到到N方向的感应电流

C. 两金属板和杆做加速度大小为的匀加速直线运动

D. 单位时间内电容器增加的电荷量为

【答案】BD

【解析】由右手定则可知，充电电流方向为：由M流向N，故A正确；设此装置匀加速平移的加速度为a，则时间t 后速度，MN ，切割磁感线产生电动势：，即电容器两板电压：，U 随时间增大而增大，电容器所带电量，MN 间此时有稳定的充电电流：，方向向下，根据左手定则可知，MN 受到向左的安培力：，以整个装置为研究对象，由牛顿第二定律得：，即：，解得：，方向沿+Z方向，则单位时间内电容器增加的电荷量为，故BC错误，D正确；故选AD.

【点睛】系统在力的作用下加速运动，MN切割磁感线产生感应电动势给电容器充电，由右手定则可以判断出充电电流方向，应用安培力公式与牛顿第二定律可以求出加速度．

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。

9. 在“练习使用多用电表”实验中，请回答下列问题：

(1)甲同学先用多用电表电阻挡“× 100”测量标有“220 V 100 W”的白炽灯时发现指针偏转角度过大，为了减小测量误差，下列选项中合理的操作顺序为_____________（填写选项前的字母）。

A．将选择开关旋转到“× 1 k”的位置

B．将选择开关旋转到“× 10”的位置

C．用两表笔与白炽灯连接好并读数

D．将两表笔短接，进行欧姆调零

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(2)若甲同学为了减小测量误差，按正确的实验操作，用多用电表电阻挡测量标有“220 V 100 W”的白炽灯时指针停在如图所示的位置，则此白炽灯电阻的测量值为_______Ω。

(3)乙同学发现该多用电表“直流50 V”挡损坏了，但“直流10 V”挡能正常使用。查阅资料知道，电压挡内部原理如图所示，表头A的满偏电流为1 mA。打开多用电表外壳发现电路板上的电阻R2被烧坏了，则乙同学应用阻值为_______kΩ的电阻替换R2的位置，就可以修好“直流50 V”挡。

【答案】(1). BDC (2). 140 (3). 40

【解析】（1）用多用电表电阻挡“× 100”测量标有“220V 100W”的白炽灯时发现指针偏转角度过大，说明倍率档选择过大，则要改用“× 10”档，调零后再进行测量；测量步骤为:BDC.

（2）欧姆表读数为：14×10Ω=140Ω；

（3）由欧姆定律可知：；；

联立得：，解得R2=40kΩ

10. 图示为“探究合力功与物体动能变化的关系”的实验装置，只改变重物的质量进行多次实验，每次小车都从同一位置A由静止释放。请回答下列问题：

(1)用螺旋测微器测量遮光条的宽度d，其示数如图所示，则d = __________mm。

(2)平衡摩擦力时，________（填“要”或“不要”）挂上重物。

(3)实验时，________（填“需要”或“不需要”）满足重物的总质量远小于小车的总质量（包括拉力传感器和遮光条）。

(4)按正确实验操作后，为了尽可能减小实验误差，若传感器的示数为F，小车总质量为M，重物的总质量为m，A、B两点间的距离为L，遮光条通过光电门的时间为t，则需要测量的物理量是_________。A．M、m、L B．F、M、L、t C．F、m、L、t D．F、M、L

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(5)在实验误差允许范围内，关系式______________________成立。（用测量的物理量表示）

【答案】(1). 1.750 (2). 不要(3). 不需要(4). B (5).

【解析】（1）用螺旋测微器测量遮光条的宽度d= 1.5mm+0.01mm×25.0=1.750mm。

（2）平衡摩擦力时，不要挂上重物，只需让小车在木板上匀速运动即可。

（3）因有压力传感器测量拉力大小，故实验时，不需要满足重物的总质量远小于小车的总质量（包括拉力传感器和遮光条）；

（4）小车经过光电门的速度，则要验证的关系是：，则还需要测量的物理量

是：F、M、L、t ，故选B；

（5）在实验误差允许范围内，关系式成立。

点睛：了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提．

11. 如图所示，质量分别为mA和mB的两球（可视为质点），用长为L的轻杆连接紧靠墙壁竖直立于水平面上，已知A、B两球的质量之比为mA∶mB = 5∶3，B 球与水平面之间的动摩擦因数为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。轻微扰动，A球将在图示平面内向右倾倒，已知重力加速度为

g ，，，求：

(1)在B球移动前，A球绕B球转过角度为θ时，A球的速度大小；

(2)A球绕B球转动角度为何值时，B球将离开墙壁。

【答案】(1) (2)

【解析】试题分析：A球绕B球转动过程中A球机械能守恒即可求出速度；当B球被拉离墙壁时刻，分析AB两球受力分析，根据牛顿第二定律和平衡条件即可求出角度。

（1）A球绕B球转动过程中A 球机械能守恒：

可得：

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对B 球：在竖直方向上：

水平方向上：

对A球根据牛顿第二定律：

联立解得：

由题意知：

代入数据可得

所以

点睛：本题主要考查了连接体问题，一般轻杆连接的模型问题，对系统机械能是守恒的，但对单个小球机械能并不守恒，运用系统机械能守恒及除重力以外的力做物体做的功等于物体机械能的变化量进行研究即可。

12. 两根足够长的固定的平行金属导轨位于同一水平面内，两导轨间的距离为L，导轨上垂直放置两根导体棒a和b，俯视图如图甲所示。两根导体棒的质量皆为m，电阻均为R，回路中其余部分的电阻不计，在整个导轨平面内，有磁感应强度大小为B的竖直向上匀强磁场。导体棒与导轨接触良好且均可沿导轨无摩擦地滑行，开始时，两棒均静止，间距为x0，现给导体棒一向右的初速度v0，并开始计时，可得到如图乙所示的?v-t图象（?v表示两棒的相对速度，即?v＝va－vb）。

(1)试证明：在0?t2时间内，回路产生的焦耳热与磁感应强度B无关；

(2)求t1时刻，棒b的加速度大小；

(3)求t2时刻，两棒之间的距离。

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【答案】(1) t2时刻，两棒速度相等，由动量守恒定律：，由能量守恒定律，得整个过程中产生的焦耳热：，解得：，所以在0?t2时间内，回路产生的焦耳热与磁感应强度B无关（2）（3）

【解析】（1）时刻，两棒速度相等，由动量守恒定律：

由能量守恒定律，得整个过程中产生的焦耳热：

解得：

所以在时间内，回路产生的焦耳热与磁感应强度B无关

（2）时刻，速度的改变量为

由动量守恒定律：

解得：时，

回路中的电动势：

此时棒b所受的安培力：

由牛顿第二定律可得，棒b 的加速度

（3）时刻，两棒速度相同，由（1）知：

又：

解得：

13. 下列有关热现象的说法中正确的是___________。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）

A．毛细现象是液体的表面张力作用的结果

B. 液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质和某些晶体相似具有各向同性

C. 人们用空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比来描述空气的潮湿程度

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D. 在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小

E. 热量不能从低温物体传到高温物体

【答案】ACD

【解析】毛细现象是液体的表面张力作用的结果，选项A正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质和某些晶体相似具有各向异性，选项B错误；人们用空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比来描述空气的潮湿程度，选项C正确；在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵一定会向着增大的方向发展，不会减小；故D正确。不可能自发把热量从低温物体传到高温物体而不产生其他影响，故E错误；故选ACD。

14. 如图（a）所示，长为52 cm粗细均匀的细玻璃管的一端开口另一端封闭，在与水平方向成30o角放置时，一段长为h = 20 cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体，管内气柱长度为L1 = 30 cm，大气压强p0 = 76 cmHg，室温t1 = 27 ℃。现将玻璃管沿逆时针方向缓慢转过60o，使它封闭端浸入冰水混合物中，足够长的时间后，对冰水混合物进行加热。（计算结果保留三位有效数字）

(i)求管内气柱长度的最小值；

(ii)为了保证水银不会从管内溢出，求水温达到的最大摄氏温度值。

【答案】(1) (2) 84.2℃

【解析】（1）温度为0℃时，气柱长最短，由，代入解得

（2）管竖直且水银上表面与管口平齐时，气体温度最高，则有

其中，代入解得．

15. 如图所示，甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t = 0时刻的波动图象，乙图为参与波动质点P的振动图象，则下列判断正确的是__________。（填正确答案序号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）

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A．该波的传播速率为4 m/s

B．该波的传播方向沿x轴正方向

C．经过0.5 s，质点P沿波的传播方向向前传播2 m

D．该波在传播过程中若遇到4 m的障碍物，能发生明显衍射现象

E．经过0.5 s时间，质点P的位移为零，路程为0.4 m

【答案】ADE

【解析】A. 由甲读出该波的波长为λ=4m，由乙图读出周期为T=1s，则波速为，故A正确；B、在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴负方向，故B错误；

C、质点P只在自己的平衡位置附近上下振动，并不波的传播方向向前传播，故C错误；

D、由于该波的波长为4m，所以该波在传播过程中若遇到3m的障碍物，能发生明显的衍射现象，故D正确；

E、经过时间，质点P 又回到平衡位置，位移为零，路程为，故E正确；故选ADE。

【点睛】由波动图象甲读出波长，由振动图象乙读出周期，求出波速．在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向，在甲图上判断出波的传播方向，波在同一介质中匀速传播，由s=vt可以求出经过0.5s时间波沿波的传播方向向前传播的距离，而质点并不向前传播，根据波长与障碍物尺寸的关系分析能否发生明显的衍射现象．根据时间与周期的关系求质点通过的路程。

16. 如图，一个三棱镜的截面为等腰直角形ABC，∠A为直角，直角边长为L。一细束光线沿此截面所在平面且平行于BC边的方向射到AB边上的某点M，光进入棱镜后直接射到BC边上。已知棱镜材料的折射率为，光在真空中速度为c。

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①作出完整的光路图（含出射光线，并在图上标出角度大小）

②计算光从进入棱镜，到第一次射出棱镜所需的时间。

【答案】(1) (2)

【解析】①光路图如图

②作出三角形ABC关于BC边对称图形可知光线在棱镜中的传播路径长度等于MN的距离，即：

速率

传播时间：

点睛：正确画出光路图，并结合折射率与几何关系求待求的物理量。

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