2004-2011年广东高考试题分类汇编（数列解答题）

2004-2011年普通高等学校招生全国统一考试 （广东卷）数学 数列试题汇编

1.（2004）17． (12

分)已知?，?，?成公比为2的等比数列

(???0，2??），且sin?，sin?，sin?也成等比数列. 求?，?，?的值. 1．解：∵α,β,γ成公比为2的等比数列，∴β=2α，γ=4α

∵sinα,sinβ,sinγ成等比数列

?sin?sin?sin2?sin4?????cos??2cos2??1sin?sin?sin?sin2?

即2cos2??cos??1?0解得cos??1,或cos???12当cosα=1时，sinα=0,与等比数列的首项不为零，故cosα=1应舍去，

12?4?当cos???,??[0,2?]时,??或??,233 2?4?8?4?8?16?所以??,??,??或??,??,??3333332.（2006）19、(本题14分)已知公比为q(0?q?1)的无穷等比数列?an?各项的和为9，无

2穷等比数列an各项的和为

??81. 5(I)求数列?an?的首项a1和公比q；

(II)对给定的k(k?1,2,3,?,n)，设T(k)是首项为ak，公差为2ak?1的等差数列，求T(2)的前10项之和；

(III)设bi为数列T(k)的第i项，Sn?b1?b2???bn，求Sn，并求正整数m(m?1)，使得

limSn存在且不等于零.

n??nm（注：无穷等比数列各项的和即当n??时该无穷等比数列前n项和的极限）

?a1?a1?3?1?q?9????2.解: (Ⅰ)依题意可知,?22

q??a1?81?3?2?51?q??2?(Ⅱ)由(Ⅰ)知,an?3????3?n?1,所以数列T(2)的的首项为t1?a2?2,公差

d?2a2?1?3,

S10?10?2?1?10?9?3?155,即数列T(2)的前10项之和为155. 2i?1?2?(Ⅲ) bi=ai??i?1??2ai?1?=?2i?1?ai??i?1?=3?2i?1????3?n??i?1?，

nSn4518n?27?2?n?n?1??2?n?n?1?，limm=limm? Sn?45??18n?27???????mmn??n??n2nn2n?3??3?当m=2时，limSnSn1lim=－，当m>2时，=0，所以m=2 mn??nmn??2n3(2007文) (本小题满分14分)

已知函数f(x)?x2?x?1,?,?是力程以f(x)?0的两个根(α>β),f?(x)是f(x)的导数,设a1?1,an?1?an?(1)求?,?的值；

(2)已知对任意的正整数n有an??,记bn?ln求数列{bn}的前n项和Sn.

3(2007文)解：(1)由求根公式得??f(an)(n?1,2,3,?) ?f(an)an??(n?1,2,3,?),

an???1?5?1?5, ??…………3分 22 (2)f?(x)?2x?1………4分

an2?1 an?1?………5分

2an?1?2?1??,?2?1??……7分

an?1??an2?2?an?1??an2?2?an??2an??2bn?1?ln?ln2?ln2?ln()?2bn2an?1??an?2?an?1??an?2?an??an??……10分

∴数列{bn}是首项b1?lna1??5?1,公比为q?2的等比数列………11分 ?4lna1??2b1(1?qn)5?1 ∴Sn?………………14分 ?4?(2n?1)ln1?q24.（2007理）21.（本小题满分14分）

2已知函数f(x)?x?x?1, ?、?是方程f(x)?0的两个根(???),f?(x)是f(x)的导数.设a1?1,an?1?an?f(an)(n?1,2,?), ?f(an)(1)求?、?的值；

(2)证明：对任意的正整数n，都有an??; (3)记bn?lnan?? (n?1,2,?),求数列{bn}的前n项和Sn.

an???1?5?1?5?1?5 ??? ?? 2225?1,命题成立; 25?1, 24.解:(1) 由 x?x?1?0 得x?2 (2)(数学归纳法)①当n?1时,a1?1?②假设当n?k(k?1,k?N*)时命题成立,即ak??ak?1?a?1?2ak?12kak?212?58ak?12?1515?1, ?2????,又等号成立时ak?22162?ak?5?1*时,ak?1???n?k?1时命题成立;由①②知对任意n?N均有an??. 222an?an?1an?1 (3) f?(x)?2x?1 ?an?1?an? ?2an?12an?12an?1(an??)2?(?2???1)(an??)2 ?an?1??? ????2an?12an?12an?1a??2a??a??(an??)2an?1?? 同理 ?an?1??? ??(n)?lnn?1?2lnnan?1??an??an?1??an??2an?1 ? bn?1?2bn 又 b1?lna1??3?51?5 ?ln?4lna1??23?5 ?数列?bn?是一个首项为 4ln1?5,公比为2的等比数列; 24ln? Sn?1?51?2n??1?52?4?2n?1?ln. 1?221?an?1?2an?2? 35（2008文）（本小题满分14分）设数列?an?满足a1?1,a2?2，an?(n?3,4?)，数列?bn?满足b1=1,bn(n=2,3,…)是非零整数，且对任意的正整数m和自然数

k，都有?1?bm?bm?1???bm?k?1 （1）求数列?an?和?bn?的通项公式；

(2)记cn?nanbn(n?1,2,?)，求数列?cn?的前n项和Sn.

12?an?1?2an?2?得an?an?1??(an?1?an?2) n?3 332 又a2?a1?1?0，所以?an?an?1?是以1为首项，?为公比的等比数列

35（2008文）解：（1）由an??2? 所以an?an?1????，

?3? an?a1??a2?a1???a3?a2?????an?an?1?

?2?1????2n?2n?18323?2??2??2?????? ?1?1???????????????1????

233355?????????3?1?????3???1?b1?b2?1??1?b2?b3?1??由??1?b2?1，得b2??1，由??1?b3?1得b3?1 … ?b?Z,b?0?b?Z,b?023?2?3同理可得，n为偶数时，bn??1，n为奇数时，bn?1 所以bn??n?1n?1?1当n为奇数时

?1当n为偶数时?n?1?83?2??n?n??当n为奇数时5?3??5（2）cn?nanbn??

n?13?2??8?n?n??当n为偶数时?55?3?? Sn?c1?c2???cn

88888 当n为奇数时，Sn??2??3??4????n?

55555012n?13??2??2??2??2?? ??1????2????3??????n????

5??3??3??3????3??012n?14?n?1?3??2??2??2??2????1????2????3??????n???? ?55??3??3??3????3??88888 当n为偶数时，Sn??2??3??4????n?

55555012n?13??2??2??2??2?? ??1????2????3??????n????

5??3??3??3????3??012n?14n3??2??2??2??2????1????2????3??????n???? ??55??3??3??3????3???2??2??2??2? 令 Tn?1????2????3??????n????3??3??3??3?123012n?1 …………①

n22?2??2??2??2? ①?得Tn?1????2????3??????n???…………②

33?3??3??3??3?1?2??2??2??2? ①?②得Tn?1????????????n??

3?3??3??3??3??2?1???nnn223???????n ????3?(3?n)?? 2?3??3?1?3n?2? 所以 Tn?9?(9?3n)??

?3??4n?239(n?3)?2?n????当n为奇数时5?3??5 因此Sn??

n?4n?279(n?3)?2??当n为偶数时??5?5?3???

6.（2008理）21．（本小题满分12分）

2设p，q为实数，?，?是方程x?px?q?0的两个实根，数列{xn}满足x1?p，

12n?1n4，…）． x2?p2?q，xn?pxn?1?qxn?2（n?3，（1）证明：????p，???q； （2）求数列{xn}的通项公式； （3）若p?1，q?1，求{xn}的前n项和Sn． 4p?p2?4qp?p2?4q6.解：（1）由求根公式，不妨设???，得?? ,??22p?p2?4qp?p2?4qp?p2?4qp?p2?4q???????p，?????q

2222（2）设xn?sxn?1?t(xn?1?sxn?2)，则xn?(s?t)xn?1?stxn?2，由xn?pxn?1?qxn?2 得，??s?t?p22，消去t，得s?ps?q?0，?s是方程x?px?q?0的根，

?st?q

由题意可知，s1??,s2?? ①当???时，此时方程组??s???s2???s?t?p的解记为?1 或?st?qt??t????1?2?xn??xn?1??(xn?1??xn?2),xn??xn?1??(xn?1??xn?2),

即?xn?t1xn?1?、?xn?t2xn?1?分别是公比为s1??、s2??的等比数列， 由等比数列性质可得xn??xn?1?(x2??x1)?n?2,xn??xn?1?(x2??x1)?n?2, 两式相减，得(???)xn?1?(x2??x1)?n?2?(x2??x1)?n?2

?x2?p2?q,x1?p，?x2??2??2???，x1????

?(x2??x1)?n?2??2??n?2??n，(x2??x1)?n?2??2??n?2??n

n?1n???n?1???n，?xn? ?(???)xn?1????，即?xn?1???????nn②当???时，即方程x2?px?q?0有重根，?p2?4q?0， 即(s?t)2?4st?0，得(s?t)2?0,?s?t，不妨设s?t??，由①可知

xn??xn?1?(x2??x1)?n?2，????，?xn??xn?1?(x2??x1)?n?2??n

即?xn??xn?1??n，等式两边同时除以?，得

nxn?n?xn?1?n?1?1，即

xn?n?xn?1?n?1?1

x?数列{nn}是以1为公差的等差数列，?xnn?x1?(n?1)?1?2??n?1?n?1

?????xn?n?n??n

??n?1??n?1,(???)

综上所述，x??????n?n?n??n,(???)?（3）把p?1，q?11122代入x?px?q?0，得x?x??0，解得???? 44211?xn?n?()n?()n

22111??1111??1Sn??()?()2?()3?...?()n???()?2?()2?3?()3?...?n?()n?

222??2222??21111??1?1?()n??()?2?()2?3?()3?...?n?()n?

2222??21111?1?()n?2?()n?1?n()n?3?(n?3)()n

22227.（2009文）（本小题满分14分）

已知点（1，

1）是函数f(x)?ax(a?0,且a?1）的图象上一点，等比数列{an}的3前n项和为f(n)?c,数列{bn}(bn?0)的首项为c，且前n项和Sn满足Sn－

Sn?1=Sn+Sn?1（n?2）.

（1）求数列{an}和{bn}的通项公式； （2）若数列{

10001的最小正整数n是多少? }前n项和为Tn，问Tn>

2009bnbn?11?1?7.（2009文）解：（1）Qf?1??a?,?f?x????

3?3?x12f2?c?f1?c????c ,a2????, ????????392f3?c?f2?c????? a3?? . ????????2742a21又数列?an?成等比数列，a1?2?81????c ，所以 c?1；

a3?23327 a1?f?1??c?a12?1?又公比q?2?，所以an????a133?3?QSn?Sn?1?n?1?1???2?? n?N* ；

?3?n?Sn?Sn?1??Sn?Sn?1?Sn?Sn?1 ?n?2?

?又bn?0,Sn?0, ?Sn?Sn?1?1； 数列

?S?构成一个首相为1公差为1的等差数列，n2Sn?1??n?1??1?n ， Sn?n2

2当n?2， bn?Sn?Sn?1?n??n?1??2n?1 ；

?bn?2n?1(n?N*)；

（2）Tn?11111111????K????L?

b1b2b2b3b3b4bnbn?11?33?55?7(2n?1)??2n?1? ?1?1?1?11?1?11?1?11?1??????K?????????? 2?3?2?35?2?57?2?2n?12n?1?1?1?n； ??1???2?2n?1?2n?1 由Tn?

8.（2009理）21．（本小题满分14分）

已知曲线Cn:x2?2nx?y2?0(n?1,2,?)．从点P(?1,0)向曲线Cn引斜率为

n100010001000?得n?，满足Tn?的最小正整数为112. 2n?1200992009kn(kn?0)的切线ln，切点为Pn(xn,yn)．

（1）求数列{xn}与{yn}的通项公式； （2）证明：x1?x3?x5???x2n?1?1?xnx?2sinn. 1?xnyn228.解：（1）设直线ln：y?kn(x?1)，联立x?2nx?y?0得

222222(1?kn)x2?(2kn?2n)x?kn?0，则??(2kn?2n)2?4(1?kn)kn?0，∴

kn?n2n?1（?n2n?1舍去）

2knnn2n?1n2x?，即，∴ y?k(x?1)?x??nnnn2n?1n?11?kn(n?1)22nn1?xnn?1??（2）证明：∵

n1?xn1?n?11?1 2n?1x1?x3?x5?????x2n?1?132n?1132n?11 ??????????????242n352n?12n?1∴x1?x3?x5?????x2n?1?1?xn

1?xn由于

xn?yn1?xn1，可令函数f(x)?x?2sinx，则f'(x)?1?2cosx，?2n?11?xn令f'(x)?0，得cosx???2，给定区间(0,)，则有f'(x)?0，则函数f(x)在(0,)上

442单调递减，∴f(x)?f(0)?0，即x??2sixn在(0,)恒成立，又

40?12n?1?13??4，

则有

11?2n?1?2sin12n?1，即xn1?x?2sinxn. w.w.w.k.s.5.u.c.o.m nyn9（2011文）本小题满分14分）

设b>0，数列?anban?1n}满足a1=b,an?a(n≥2)

n?1?n?1（1）求数列?an

?的通项公式；

（2）证明：对于一切正整数n，2abn?1

n?+1

9（2011文）解：（1）由a1?b?0,知an?1n?nbaa?n?1?0

n?1

n11na???1 nbban?1

令A?nna,A11?, nb 当n?2时,An?1b?1bAn?1 ?1b???11bn?1?bn?1A1

?1b???11bn?1?bn. 1?①当b?1时,Ab??1?1?bn?

?bnn???1n 1?1b(b?1)b

②当b?1时，An?n.

?nbn(b?1)

?a?,b?1n?? ?bn?1?1,b?1

2nbn(b?1)?bn?1?1, （2）当b?1时,(欲证2an?nb?1

只需2nb?(bnn?1bn?1?1))

b?1

?(bn?1bn?1?1)?b2n?b2n?1???bn?1?bn?1?bn?2???1

b?1

111???bn?bn?n?bn?1?n?1???b??

b?bb?

?bn(2?2???2) ?2nbn,

2nbn(b?1)?2an??1?bn?1. nb?1综上所述2an?bn?1?1.

10.（2011理）20.（本小题共14分） 设b>0,数列?an?满足a1=b，an?（1）求数列?an?的通项公式；

nban?1(n?2)

an?1?2n?2.

bn?1（2）证明：对于一切正整数n，an?n?1?1.

210.解（１）法一：

anban?1nan?1?2(n?1)12n?1，得， ?????nan?1?2(n?1)anban?1bban?1设

21n?bn，则bn??bn?1?(n?2)，

bban11为首项，为公差的等差数列， 22（ⅰ）当b?2时，?bn?是以即bn?111?(n?1)??n，∴an?2 222222?(bn?1??)，则bn??bn?1??(?1)， bbb（ⅱ）当b?2时，设bn???令?(211121?1)?，得????(bn?1?)(n?2)， ，?bn?bb2?b2?bb2?b

知bn?11121?(b1?)?()n?1，又b1?， 是等比数列，?bn?2?b2?b2?bbb12n112n?bnnbn(2?b)?bn??()???，?an?．

2?bb2?b2?bbn2n?bn法二：（ⅰ）当b?2时，?bn?是以即bn?11为首项，为公差的等差数列， 22111?(n?1)??n，∴an?2 2222b22b2(b?2)3b33b3(b?2)?2?3（ⅱ）当b?2时，a1?b，a2?，a2?2， b?2b?22b?2b?4b?23nbn(b?2)猜想an?，下面用数学归纳法证明：

bn?2n①当n?1时，猜想显然成立；

kbk(b?2)②假设当n?k时，ak?，则 kkb?2ak?1(k?1)b?ak(k?1)b?kbk(b?2)(k?1)bk?1(b?2)， ??k?kkk?1k?1ak?2(n?1)kb(b?2)?2k?(b?2)b?2所以当n?k?1时，猜想成立，

nbn(b?2)由①②知，?n?N*，an?． nnb?22n?1（２）（ⅰ）当b?2时， an?2?n?1?1，故b?2时，命题成立；

2（ⅱ）当b?2时，b2n?22n?2b2n?22n?2n?1bn，

b2n?1?2?b?22n?1?2b2n?22n?2n?1bn，

??,bn?1?2n?1?bn?1?2n?1?2b2n?22n?2n?1bn，以上n个式子相加得

b2n?b2n?1?2???bn?1?2n?1?bn?1?2n?1???b?22n?1?22n?n?2n?1bn，

n?2n?1bn(b?2)[(b2n?b2n?1?2???b?22n?1?22n)?bn?2n](b?2) an?n?1n?nn?1nn2(b?2)2(b?2)(b2n?b2n?1?2???b?22n?1?22n)(b?2)?bn?2n(b?2) ?n?1nn2(b?2)(b2n?1?22n?1)?bn?1?2n?bn?2n?1 ?n?1nn2(b?2)(b2n?1?bn?1?2n)?(bn?2n?1?22n?1)bn?1?n?1?1．故当b?2时，命题成立； ?n?1nn22(b?2)综上（ⅰ）（ⅱ）知命题成立．

11.（2011东莞一模）（本小题满分14分）设Sn为数列an?的前n项和，对任意的n?N，

*?都有Sn??m?1??man(m为常数，且m?0)． （1）求证：数列an?是等比数列；

（2）设数列an?的公比q?f?m?，数列?bn?满足b1?2a1,bn?f?bn?1? (n?2，n?N)，

*??求数列?bn?的通项公式；

?2n?1?（3）在满足（2）的条件下，求数列??的前n项和Tn．

?bn?11.（2011东莞一模）

（1）证明：当n?1时，a1?S1??m?1??ma1，解得a1?1．………1分 当n?2时，an?Sn?Sn?1?man?1?man． …………………2分 即?1?m?an?man?1． ∵m为常数，且m?0，∴

anm??n?2?． …………………3分 an?11?mm的等比数列． …………………4分 ?1?mm（2）解：由（1）得，q?f?m??，b1?2a1?2． …………5分

1?m∴数列an?是首项为1，公比为∵bn?f?bn?1??bn?11111，…6分 ∴??1，即??1?n?2?． …7分

1?bn?1bnbn?1bnbn?1∴??1?1是首项为，公差为1的等差数列．………………8分 ?2?bn?2112n?1*，即bn?（n?N）．……………9分 ???n?1??1?2n?1bn22∴

22n?1（3）解：由（2）知bn?，则?2n?2n?1?．………10分

2n?1bn2223242n2n?1所以Tn?， ??????b1b2b3bn?1bn即Tn?2?1?2?3?2?5???2123n?1??2n?3??2n??2n?1?， ① ……11分

则2Tn?2?1?2?3?2?5???2??2n?3??2234nn?1??2n?1?， ② ……12分

②－①得Tn?2n?1??2n?1??2?23?24???2n?1， …………13分

23?1?2n?1?1?2?2n?1??2n?3??6． ……………14分

故Tn?2n?1??2n?1??2?12.(2011韶关一模)(本小题满分14分)已知数列满足

3?bn?前n项和

Sn?321n?n22.数列?an?an?4?(bn?2)(n?N?)，数列

?cn?满足cn?anbn。

（1）求数列

?an?和数列?bn?的通项公式；?c?T（2）求数列n的前n项和n；

12m?m?14对一切正整数n恒成立，求实数m的取值范围。

（3）若

cn?12.(2011韶关一模)解：（1）由已知得，当n?2时，

3131bn?Sn?Sn?1?(n2?n)?((n?1)2?(n?1))?3n?22222 …2分

又

b1?1?3?1?2，符合上式。故数列?bn?的通项公式bn?3n?2。……3分

3又∵

an?4?(bn?2)，∴an?4?(bn?2)3?4?(3n?2)?231?()n， 4故数列?an?的通项公式为an?()，…5分

n141cn?anbn?(3n?2)?()n4， （2）

1111Sn?1??4?()2?7?()3???(3n?2)?()n4444，……①

111111Sn?1?()2?4?()3?7?()4???(3n?5)?()n?(3n?2)?()n?1444444，…② 3111111Sn??3?[()2?()3?()4???()n]?(3n?2)?()n?1444444 ①-②得 411()2[1?()n?1]114??3?4?(3n?2)?()n?1111441???(3n?2)?()n?1424，

Sn?212n?81n?1??()334。 …10分

∴

1cn?(3n?2)?()n4, （3）∵

1113n?1cn?1?cn?(3n?1)?()n?1?(3n?2)?()n?()n?[?(3n?2)]4444∴ 1??9?()n?1(n?1)4 ,

cn?1?cn；当n?2时，cn?1?cn，∴

(cn)max?c1?c2?14。

当n?1时，

若

cn?212121m?m?1m?m?1?44即可， 对一切正整数n恒成立，则4 ∴m?4m?5?0，即m??5或m?1。 ………14分

13.（2011汕头一模）（本小题满分14分）

???2a设数列{an}为等比数列，数列{bn}满足bn?na1?(n?1)a2?n?1?an，n?N，已知

b1?m，b2?3m，其中m?0． 2(Ⅰ) 求数列{an}的首项和公比； （Ⅱ）当m=1时,求bn；

（Ⅲ）设Sn为数列{an}的前n项和，若对于任意的正整数n，都有Sn?[1,3]，求实数m 的

取值范围．

13.（2011汕头一模）解(Ⅰ)由已知b1?a1，所以a1?m；…………1分 3m2a1?a2?ma2??b2?2a1?a2，所以2，解得2；

所以数列{an}的公比

q??12；…………3分

n?1?1?an?????2?（Ⅱ）当m?1时，

，…………1分

bn?na1?(n?1)a2???2an?1?an，………………………①，

1?bn?na2?(n?1)a3???2an?an?12，……………………②， 3?bn??n?a2?a3???an?an?1②－①得2，………3分

1??1???1????2???2???n????n?1?1???1??????3?2?1??????1?????2?，

n3?bn??n?2所以

2n22?1?6n?2?(?2)1?nbn???????399?2?9．…………5分

n?1?m[1????]n2m??1??2??Sn????1?????3??1???2???1????2??(Ⅲ)，…………1分

n1?1??1?1?????01????因为?2?，所以由Sn?[1,3]得?2?nnn≤2m≤33?1?1?????2?，………2分

nn?1??3??1??31??????1,?1??????,注意到，当n为奇数时，?2??2?；当n为偶数时，?2??4?1?331????所以?2?最大值为2，最小值为4．…………4分

n?1??，

1?1?1????对于任意的正整数n都有?2?n≤2m≤33?1?1?????2?，

n42m≤≤233所以，解得2≤m≤3，…………6分

14..(2011广州一模)（本小题满分14分）

设各项均为正数的数列?an?的前n项和为Sn,已知数列等差 数列.

(1) 求数列?an?的通项公式； （2）令bn?n1，若不等式?bi??an?1S2n?1i?1?S?是首项为1,公差为1的

nL2n?1?1anS2n?1*

对任意n?N都成立， 求实数L的取值范围.

14..(2011广州一模) （1）解：∵数列

?S?是首项为1,公差为1的等差数列，

n ∴Sn?1??n?1??n.

∴Sn?n2. …… 2分 当n?1时，a1?S1?1；

2 当n?2时，an?Sn?Sn?1?n??n?1??2n?1.

2 又a1?1适合上式.

∴an?2n?1. …… 4分 （2）解：bn?11 ?anS2n?1?an?1S2n?1?2n?1?2n?1??2n?1?2n?11 ??2n?1??2n?1??2n?1?2n?122n?1?2n?1

? ??2n?1??2n?1? ?n1?11?. …… 6分 ???2?2n?12n?1?i ∴

?bi?1?b1?b2???bn

?1?1?1?11?1?11? 1?????????????2?2?2n?13?2?35?2n?1?1?1?2n?1?1. …… 8分 1????2?2n?1?22n?1 ? 故要使不等式

?bi?i?1nL2n?1?1L对任意n?N都成立，

* 即2n?1?122n?1?2n?1?1对任意n?N都成立，

*? 得L? 令cn?2n?1?1??2n?1?122n?1??n2n?1对任意n?N都成立. … 10分

*ncn?1?n?1?2n?12n3?5n2?4n?1，则???1.

32cn2n?1n2n?32n?3n ∴cn?1?cn. ∴cn?cn?1???c1?3. …… 12分 3 ∴L??3?3. ∴实数L的取值范围为???,?. …… 14分 ?3?3?

15.（2011茂名一模）（本小题满分12分）

等差数列{an}中，a1?3，前n项和为Sn，等比数列{bn}各项均为正数，

b1?1，且b2?S2?12，{bn}的公比q? （1）求an与bn； （2）求

S2 b2111??…? S1S2Sn?q?3?a2?12? 15.（2011茂名一模）解：（I）由已知可得? 3?a2q??q?解得，q?3或q??4（舍去），a2?6

?an?3?(n?1)3?3n bn?3n?1

（2）证明：?Sn?n(3?3n)12211???(?) 2Snn(3?3n)3nn?1?1112111111121??…??(1??????…??)?(1?) S1S2Sn322334nn?13n?1

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