2015高考数学(理)一轮突破热点题型:第7章 第5节 直
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第五节 直线、平面垂直的判定及其性质
高频考点
1.直线与平面垂直的判定与性质是每年高考的必考内容,题型多为解答题,难度适中,属中档题.
2.高考对直线与平面垂直的判定与性质的考查常有以下几个命题角度: (1)同真假命题的判断相结合考查;
(2)以多面体为载体,证明线面垂直问题;
(3)以多面体为载体,考查与线面垂直有关的探索性问题. [例1] (1)(2013·浙江高考)设m,n是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面( ) A.若m∥α,n∥α,则m∥n B.若m∥α,m∥β,则α∥β C.若m∥n,m⊥α,则n⊥α D.若m∥α,α⊥β,则m⊥β (2)(2013·广东高考)如图1,在边长为1的等边三角形ABC中,D,E分别是AB,AC上的点,AD=AE,F是BC的中点,AF与DE交于点G.将△ABF沿AF折起,得到如图2所
2示的三棱锥A-BCF,其中BC=. 2
考点一 直线与平面垂直的判定与性质
①证明:DE∥平面BCF; ②证明:CF⊥平面ABF;
2
③当AD=时,求三棱锥F-DEG的体积VF-DEG. 3
[自主解答] (1)设直线a?α,b?α,a∩b=A,
∵m⊥α,∴m⊥a,m⊥b.又n∥m,∴n⊥a,n⊥b,∴n⊥α. (2)①证明:在等边三角形ABC中,AB=AC.
ADAE
∵AD=AE,∴=,∴DE∥BC,
DBEC
∴DG∥BF,又BF?平面BCF,DG?平面BCF, ∴DG∥平面BCF.同理可证GE∥平面BCF.
∵DG∩GE=G,∴平面GDE∥平面BCF, 又DE?平面GDE,∴DE∥平面BCF.
②证明:在等边三角形ABC中,F是BC的中点,
112
∴AF⊥CF,∴BF=FC=BC=.在图2中,∵BC=,∴BC2=BF2+FC2,∴∠BFC
222
=90°,∴CF⊥BF.∵BF∩AF=F,BF?平面ABF,AF?平面ABF,
∴CF⊥平面ABF.
21
③∵AD=,∴BD=,AD∶DB=2∶1,在图2中,AF⊥FC,AF⊥BF,
33
又BF∩FC=F,∴AF⊥平面BCF,由①知平面GDE∥平面BCF,∴AF⊥平面GDE.
33132211
在等边三角形ABC中,AF=AB=,∴FG=AF=,DG=BF=×==GE,
22363323
1113
∴S△DGE=DG·EG=,∴VF-FG=. DGE=S△DGE·2183324[答案] (1)C
线面垂直问题的常见类型及解题策略
(1)与命题真假判断有关的问题.解决此类问题的方法是结合图形进行推理,或者依据条件举出反例否定.
(2)线面垂直的证明.证明线面垂直的核心是证线线垂直,而证明线线垂直则需借助线面垂直的性质.因此,判定定理与性质定理的合理转化是证明线面垂直的基本思想.
(3)线面垂直的探索性问题.此类问题的解决方法同“线面平行的探索性问题”的求解方法(见本章第四节的[通关锦囊]).
如图1所示,在Rt△ABC中,∠C=90°,D,E分别为AC,AB的中点,点F为线段CD上的一点,将△ADE沿DE折起到△A1DE的位置,使A1F⊥CD,如图2所示.
(1)求证:DE∥平面A1CB; (2)求证:A1F⊥BE;
(3)线段A1B上是否存在点Q,使A1C⊥平面DEQ?说明理由. 解:(1)证明:因为D,E分别为AC,AB的中点, 所以DE∥BC.
又因为DE?平面A1CB,BC?平面A1CB, 所以DE∥平面A1CB.
(2)证明:由已知得AC⊥BC且DE∥BC, 所以DE⊥AC.
所以DE⊥A1D,DE⊥CD.
又A1D∩CD=D,A1D?平面A1DC,CD?平面A1DC, 所以DE⊥平面A1DC.
因为A1F?平面A1DC,所以DE⊥A1F.
又因为A1F⊥CD,CD∩DE=D,CD?平面BCDE,DE?平面BCDE,所以A1F⊥平面BCDE,
又BE?平面BCDE, 所以A1F⊥BE.
(3)线段A1B上存在点Q,使A1C⊥平面DEQ. 理由如下:
如图所示,分别取A1C,A1B的中点P,Q,则PQ∥BC. 又因为DE∥BC,所以DE∥PQ. 所以平面DEQ即为平面DEP. 由(2)知,DE⊥平面A1DC, 所以DE⊥A1C.
又因为P是等腰三角形DA1C底边A1C的中点, 所以A1C⊥DP.
又DP∩DE=D,DP?平面DEP,DE?平面DEP, 所以A1C⊥平面DEP. 从而A1C⊥平面DEQ.
故线段A1B上存在点Q,使得A1C⊥平面DEQ.
考点二 面面垂直的判定与性质
[例2] (2014·济南模拟)
如图,四棱锥P-ABCD中,AB⊥AC,AB⊥PA,AB∥CD,AB=2CD,E,F,G,M,N
分别为PB,AB,BC,PD,PC的中点.求证:
(1)CE∥平面PAD;
(2)平面EFG⊥平面EMN. [自主解答] (1)法一:
取PA的中点H,连接EH,DH.因为E为PB的中点,
11
所以EH∥AB,EH=AB.又AB∥CD,CD=AB,所以EH∥CD,EH=CD,
22
因此四边形DCEH是平行四边形.所以CE∥DH.
又DH?平面PAD,CE?平面PAD,所以CE∥平面PAD.
法二:连接CF.
11
因为F为AB的中点,所以AF=AB.又CD=AB,所以AF=CD.
22
又AF∥CD,所以四边形AFCD为平行四边形.因此CF∥AD. 又CF?平面PAD,AD?平面PAD,所以CF∥平面PAD. 因为E,F分别为PB,AB的中点,所以EF∥PA.
又EF?平面PAD,PA?平面PAD,所以EF∥平面PAD. 因为CF∩EF=F,故平面CEF∥平面PAD. 又CE?平面CEF,所以CE∥平面PAD.
(2)因为E,F分别为PB,AB的中点,所以EF∥PA. 又AB⊥PA,所以AB⊥EF.同理可证AB⊥FG.
又EF∩FG=F,EF?平面EFG,FG?平面EFG,因此AB⊥平面EFG. 又M,N分别为PD,PC的中点,所以MN∥CD. 又AB∥CD,所以MN∥AB,所以MN⊥平面EFG. 又MN?平面EMN,所以平面EFG⊥平面EMN. 【互动探究】
在本例条件下,证明:平面EMN⊥平面PAC.
证明:因为AB⊥PA,AB⊥AC,且PA∩AC=A,所以AB⊥平面PAC. 又MN∥CD,CD∥AB,所以MN∥AB,所以MN⊥平面PAC. 又MN?平面EMN,所以平面EMN⊥平面PAC.
【方法规律】
面面垂直的性质应用技巧
(1)两平面垂直,在一个平面内垂直于交线的直线必垂直于另一个平面.这是把面面垂直转化为线面垂直的依据,运用时要注意“平面内的直线”.
(2)两个相交平面同时垂直于第三个平面,那么它们的交线也垂直于第三个平面,此性质是在课本习题中出现的,在不是很复杂的题目中,要对此进行证明.
如图所示,三棱柱ABC-A1B1C1中, 侧棱A1A⊥底面ABC,且各棱长均相等,D,E,F
分别为棱AB,BC,A1C1的中点.求证:
(1)EF∥平面A1CD;
(2)平面A1CD⊥平面A1ABB1.
证明:(1)如图所示,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AC∥A1C1,
且AC=A1C1,连接ED,在△ABC中,因为D,E分别为AB,BC的中点,
1
所以DE=AC,且DE∥AC.
2
11
又F为A1C1的中点,所以A1F=A1C=AC,且A1F∥A1C1∥AC,所以A1F=DE,且
22
A1F∥DE,即四边形A1DEF为平行四边形,所以EF∥DA1.
又EF?平面A1CD,DA1?平面A1CD,所以EF∥平面A1CD. (2)由于底面ABC是正三角形,D为AB的中点,
故CD⊥AB,又侧棱A1A⊥底面ABC,CD?平面ABC,所以AA1⊥CD, 又AA1∩AB=A,因此CD⊥平面A1ABB1,
而CD?平面A1CD,所以平面A1CD⊥平面A1ABB1.
考点三 垂直关系的综合应用
[例3] 如图所示,在四棱锥P-ABCD中,AB⊥平面PAD,AB∥CD,PD=AD,E是1
PB的中点,F是DC上的点且DF=AB,PH为△PAD中AD边上的高.
2
(1)证明:PH⊥平面ABCD;
(2)若PH=1,AD=2,FC=1,求三棱锥E-BCF的体积;
(3)证明:EF⊥平面PAB.
[自主解答] (1)证明:由于AB⊥平面PAD,PH?平面PAD,故AB⊥PH. 又∵PH为△PAD中AD边上的高,∴AD⊥PH.
∵AB∩AD=A,AB?平面ABCD,AD?平面ABCD,∴PH⊥平面ABCD.
1
(2)由于PH⊥平面ABCD,E为PB的中点,PH=1,故E到平面ABCD的距离h=PH
2
1112=.又∵AB∥CD,AB⊥AD,∴AD⊥CD,故S△BCF=·FC·AD=×1×2=. 2222
11212
因此VE-h=××=. BCF=S△BCF·332212
(3)证明:
过E作EG∥AB交PA于G,连接DG.由于E为PB的中点,所以G为PA的中点. ∵AD=PD,∴DG⊥PA.∵AB⊥平面PAD,DG?平面PAD,∴AB⊥DG. 又∵AB∩PA=A,AB?平面PAB,PA?平面PAB,∴DG⊥平面PAB.
1111
又∵GE∥AB,GE=AB,DF∥AB,DF=AB∴GE∥DF. GE=DF.
2222
∴四边形DFEG为平行四边形,故DG∥EF.∴EF⊥平面PAB.
【方法规律】
垂直关系综合题的类型及解法
(1)三种垂直的综合问题.一般通过作辅助线进行线线、线面、面面垂直间的转化.
(2)垂直与平行结合问题.求解时应注意平行、垂直的性质及判定的综合应用.
(3)垂直与体积结合问题.在求体积时,可根据线面垂直得到表示高的线段,进而求得体积.
如图所示,在直三棱柱ABC -A1B1C1中(侧棱垂直于底面的三棱柱叫直三棱柱),AB=
BB1,AC1⊥平面A1BD,D为AC的中点.求证:
(1)B1C∥平面A1BD; (2)B1C1⊥平面ABB1A1. 证明:
(1)如图所示,连接AB1,交A1B于点O,则O为AB1的中点.连接OD, ∵D为AC的中点,∴在△ACB1中,有OD∥B1C.又∵OD?平面A1BD,B1C?平面A1BD. ∴B1C∥平面A1BD.
(2)∵AB=B1B,三棱柱ABC-A1B1C1为直三棱柱,∴四边形ABB1A1为正方形.
∴A1B⊥AB1.又∵AC1⊥平面A1BD,A1B?平面A1BD,∴AC1⊥A1B.
又∵AC1?平面AB1C1,AB1?平面AB1C1,AC1∩AB1=A,∴A1B⊥平面AB1C1. 又∵B1C1?平面AB1C1,∴A1B⊥B1C1.
又∵A1A⊥平面A1B1C1,B1C1?平面A1B1C1,∴A1A⊥B1C1. 又∵A1A?平面ABB1A1,A1B?平面ABB1A1,A1A∩A1B=A1, ∴B1C1⊥平面ABB1A1.
考点四 线面角、二面角的求法
[例4] (2014·杭州模拟)在几何体中,AA1⊥平面ABC,AB⊥BC,CC1∥AA1,AB=BC=
AA1=2,CC1=1,D,E分别是AB,AA1的中点.
(1)求证:BC1∥平面CDE; (2)求二面角E-DC-A的正切值.
[自主解答] (1)证明:连接AC1交EC于点F,连接EC1,由题意知四边形ACC1E是矩形,则F是AC1的中点,连接DF,
∵D是AB的中点,
∴DF是△ABC1的中位线, ∴BC1∥DF,
∵BC1?平面CDE,DF?平面CDE, ∴BC1∥平面CDE.
(2)过点A作AH⊥直线CD,垂足为H,连接HE, ∵AA1⊥平面ABC,∴AA1⊥CD,
又AH∩AA1=A,AH,AA1?平面AHE, ∴CD⊥平面AHE,∴CD⊥EH, ∴∠AHE是二面角E-DC-A的平面角.
∵D是AB的中点,
∴AH等于点B到CD的距离,
2525在△BCD中,求得点B到CD的距离为,则AH=. 55AE5
在△AEH中,tan ∠AHE==,
AH2即所求二面角的正切值为
5. 2
【方法规律】
1.求斜线与平面所成的角的步骤
(1)作图:作(或找)出斜线在平面上的射影,将空间角(斜线与平面所成的角)转化为平面角(两条相交直线所成的锐角),作射影要过斜线上一点作平面的垂线,再过垂足和斜足(有时可以是两垂足)作直线,注意斜线上点的选取以及垂足的位置要与问题中已知量有关,才能便于计算.
(2)证明:证明某平面角就是斜线与平面所成的角.
(3)计算:通常在垂线段、斜线和射影所组成的直角三角形中计算. 2.求二面角的步骤
(1)作出二面角的平面角;
(2)证明该角就是二面角的平面角; (3)计算该角的大小.
以上3步简记为作、证、算. 3.作二面角平面角的方法
法一:(定义法)在二面角的棱上找一特殊点,在两个半平面内分别作垂直于棱的射线. 如图①,∠AOB为二面角α-a-β的平面角.
法二:(垂面法)过棱上一点作棱的垂直平面,该平面与二面角的两个半角平面产生交线,这两条交线所成的角,即为二面角的平面角.
如图②,∠AOB为二面角α-l-β的平面角.
法三:(垂线法)过二面角的一个面内一点作另一个平面的垂线,过垂足作棱的垂线,利用线面垂直可找到二面角的平面角或其补角.
如图③,∠AFE为二面角A-BC-D的平面角.
(2012·广东高考) 如图所示,在四棱锥P -ABCD中,底面ABCD为矩形,PA⊥平面ABCD,点E在线段PC上,PC⊥平面BDE.
(1)证明:BD⊥平面PAC;
(2)若PA=1,AD=2,求二面角B-PC-A的正切值.
解:(1)证明:∵PA⊥平面ABCD,BD?平面ABCD, ∴PA⊥BD.同理由PC⊥平面BDE可证得PC⊥BD. 又∵PA∩PC=P,PA,PC?平面PAC, ∴BD⊥平面PAC.
(2)如图,设BD与AC交于点O,连接OE. ∵PC⊥平面BDE,BE、OE?平面BDE, ∴PC⊥BE,PC⊥OE. ∴∠BEO即为二面角B-PC-A的平面角.
由(1)知BD⊥平面PAC. 又∵OE、AC?平面PAC, ∴BD⊥OE,BD⊥AC. 故矩形ABCD为正方形,
∴BD=AC=22, 1
BO=BD=2.
2
由PA⊥平面ABCD,BC?平面ABCD,得PA⊥BC. 又∵BC⊥AB,PA∩AB=A,PA,AB?平面PAB, ∴BC⊥平面PAB.
而PB?平面PAB,∴BC⊥PB.
在Rt△PAB中,PB=PA2?AB2=5, 在Rt△PAC中,PC=PA2?AC2=3,
25在Rt△PBC中,由PB·BC=PC·BE,得BE=. 32
在Rt△BOE中,OE=BE2?EO2=.
3BO
∴tan ∠BEO==3,
OE
即二面角B-PC-A的正切值为3.
————————————[课堂归纳——通法领悟]————————————————
1个转化——三种垂直关系的转化
判定
线线垂直
判定性质线面垂直
判定性质面面垂直
性质
在证明两平面垂直时一般先从现有的直线中寻找平面的垂线,若图中不存在这样的直线,则可通过作辅助线来解决.如有平面垂直时,一般要用性质定理,在一个平面内作交线的垂线,使之转化为线面垂直,然后进一步转化为线线垂直.
3种方法——三种垂直关系的证明 (1)判定线线垂直的方法
①定义:两条直线所成的角为90°; ②平面几何中证明线线垂直的方法;
③线面垂直的性质:a⊥α,b?α?a⊥b; ④线面垂直的性质:a⊥α,b∥α?a⊥b. (2)判定线面垂直的常用方法 ①利用线面垂直的判定定理;
②利用“两平行线中的一条与平面垂直,则另一条也与这个平面垂直”; ③利用“一条直线垂直于两平行平面中的一个,则与另一个也垂直”; ④利用面面垂直的性质. (3)判定面面垂直的方法
①利用定义:两个平面相交,所成的二面角是直二面角; ②判定定理:a?α,a⊥β?α⊥β.
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