2012年高考数学理解析(全国大纲卷)word解析版

2012年普通高等学校招生全国统一考试

理科数学解析（必修+选修Ⅱ）

【名师简评】该套试卷整体上来说与往年相比，比较平稳，试题中没有偏题和怪题，在考查了基础知识的基础上，还考查了同学们灵活运用所学知识的解决问题的能力。题目没有很多汉字的试题，都是比较简约型的。但是不乏也有几道创新试题，像选择题的第12题，填空题的16题，解答题第22题，另外别的试题保持了往年的风格，入题简单，比较好下手，但是出来不是那么很容易。整体上试题由梯度，由易到难，而且大部分试题适合同学们来解答体现了双基，考查了同学们的四大思想的运用，是一份比较好的试卷。 1 选择题

?1?3i?1．复数1?i

A．2?i B．2?i C．1?2i D．1?2i 2．已知集合

A?1,3,m,B??1,m?,A?B?A??，则m?

A．0或3 B．0或3 C．1或3 D．1或3 3．椭圆的中心在原点，焦距为4，一条准线为x??4，则该椭圆的方程为

x2y2x2y2x2y2x2y2??1??1??1??144A．1612 B．168 C．8 D．12

4．已知正四棱柱

ABCD?A1B1C1D1中，

AB?2,CC1?22,E为

CC1的中点，则直线

AC1

与平面BED的距离为

A．2 B． 3 C．2 D．1

?1???an?aa?S,a?5,S?1555．已知等差数列的前n项和为n5，则数列?nn?1?的前100项和为

1009999101A．101 B．101 C．100 D．100

??????????????????CB?a,CA?b,a?b?0,|a|?1,|b|?26．?ABC中，AB边上的高为CD，若，则AD?

1?1?2?2?3?3?4?4?a?ba?ba?ba?b3 B．33 C．55 D．55 A．3第 1 页 共 18 页

7．已知?为第二象限角，

sin??cos??33，则cos2??

?A．8．已知

5555?3 B．9 C．9 D．3

22C:x?y?2的左右焦点，点P在C上，|PF1|?2|PF2|，则为双曲线

F1,F2cos?F1PF2?

1334A．4 B．5 C．4 D．5

9．已知

x?ln?,y?log52,z?e，则

?12A．x?y?z B．z?x?y C．z?y?x D．y?z?x

3y?x?3x?c的图像与x轴恰有两个公共点，则c? 10．已知函数

A．?2或2 B．?9或3 C．?1或1 D．?3或1

11．将字母a,a,b,b,c,c排成三行两列，要求每行的字母互不相同，每列的字母也互不相同，

则不同的排列方法共有

A．12种 B．18种 C．24种 D．36种 12．正方形ABCD的边长为1，点E在边AB上，点F在边BC上，

AE?BF?37，动点

P从E出发沿直线向F运动，每当碰到正方形的边时反弹，反弹时反射角等于入射角。

当点P第一次碰到E时，P与正方形的边碰撞的次数为

A．16 B．14 C．12 D．10 二．填空题

?x?y?1?0???x?y?3?0??x?3y?3?013．若x,y满足约束条件?，则z?3x?y的最小值为 。

14．当函数y?sinx?3cosx(0?x?2?)取得最大值时，x? 。

11(x?)nx的展开式中第3项与第7项的二项式系数相等，则该展开式中x2的系数15．若

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为 。 16．三棱柱

面直线

ABC?A1B1C1AB1与

中，底面边长和侧棱长都相等，

?BAA1??CAA1?60?，则异

BC1所成角的余弦值为 。

三、解答题 17．（本小题满分10分）（注意：在试卷上作答无效）

?ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，已知cos(A?C)?cosB?1,a?2c，

求C。

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18．（本小题满分12分）（注意：在试题卷上作答无效）

如图，四棱锥P?ABCD中，底面ABCD为菱形，PA?底面ABCD，PAC?22，PA?2,E是PC上的一点，PE?2EC。

（1）证明：PC?平面BED；

B（2）设二面角A?PB?C为90?，求PD与平面PBC所成角的大小。

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EADC

19．（本小题满分12分）（注意：在试题卷上作答无效）

乒乓球比赛规则规定：一局比赛，双方比分在10平前，一方连续发球2次后，对方再连续发球2次，依次轮换，每次发球，胜方得1分，负方得0分。设在甲、乙的比赛中，每次发球，发球方得1分的概率为0.6，各次发球的胜负结果相互独立，。甲、乙的一局比赛中，甲先发球。

（1）求开始第4次发球时，甲、乙的比分为1比2的概率； （2）?表示开始第4次发球时乙的得分，求?的期望。

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20．（本小题满分12分）（注意：在试题卷上作答无效） 设函数f(x)?ax?cosx,x?[0,?]。 （1）讨论f(x)的单调性；

（2）设f(x)?1?sinx，求a的取值范围。

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21．（本小题满分12分）（注意：在试卷上作答无效）

1M:(x?1)2?(y?)2?r2(r?0)2已知抛物线C:y?(x?1)与圆 有一个公共点A，且在

2A处两曲线的切线为同一直线l。

（1）求r；

（2）设m、n是异于l且与C及M都相切的两条直线，m、n的交点为D，求D到l的

距离。

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22（本小题满分12分）（注意：在试卷上作答无效）

2?x?x?2,xn?1P(4,5),Qn(xn,f(xn))函数f(x)?x?2x?3。定义数列n如下：1是过两点

的直线

PQn与x轴交点的横坐标。

（1）证明：2?xn?xn?1?3；

（2） 求数列?xn?的通项公式。

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答参考案：

1答案C

【命题意图】本试题主要考查了复数的四则运算法则。通过利用除法运算来求解。

?1?3i(?1?3i)(1?i)2?4i???1?2i(1?i)(1?i)2【解析】因为1?i

2.答案B

【命题意图】本试题主要考查了集合的概念和集合的并集运算，集合的关系的运用，元素与集合的关系的综合运用，同时考查了分类讨论思想。

?A?1,3,m?A?B?A?B?A【解析】 ，

??B,??1m,?

?m?A，故m?m或m?3，解得m?0或m?3或m?1，又根据集合元素的互异性m?1答案C

3.【命题意图】本试题主要考查了椭圆的方程以及性质的运用。通过准线方程确定焦点位置，然后借助于焦距和准线求解参数a,b,c，从而得到椭圆的方程。

【解析】因为2c?4?c?2，由一条准线方程为x??4可得该椭圆的焦点在x轴上县

a2?4?a2?4c?8222c，所以b?a?c?8?4?4。故选答案C

，所以m?0或m?3。

4.答案D

【命题意图】本试题主要考查了正四棱柱的性质的运用，以及点到面的距离的求解。体现了转换与化归的思想的运用，以及线面平行的距离，转化为点到面的距离即可。 【解析】因为底面的边长为2，高为22，且连接AC,BD，得到交点为O，连接EO，

EO//AC1，则点

C1到平面BDE的距离等于C到平面BDE的距离，过点C作CH?OE，

则CH即为所求，在三角形OCE中，利用等面积法，可得CH?1，故选答案D。 5.答案A

【命题意图】本试题主要考查等差数列的通项公式和前n项和的公式的运用，以及裂项求和的综合运用，通过已知中两项，得到公差与首项，得到数列的通项公式，并进一步裂项求和。 【解析】由

Sn,a5?5,S5?15可得

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?a1?4d?5???a1?1???an?n?5?4d?15??5a1??d?1?2

?1111???anan?1n(n?1)nn?1

111111100S100?(1?)?(?)???(?)?1??223100101101101

6.答案D

【命题意图】本试题主要考查了向量的加减法几何意义的运用，结合运用特殊直角三角形求解点D的位置的运用。

25??CD?5，所以【解析】由a?b?0可得?ACB?90?，故AB?5，用等面积法求得????4????4????????4?4?45AD?AD?AB?(CB?CA)?a?b5，故5555，故选答案D

7答案A

【命题意图】本试题主要考查了三角函数中两角和差的公式以及二倍角公式的运用。首先利用平方法得到二倍角的正弦值，然后然后利用二倍角的余弦公式，将所求的转化为单角的正弦值和余弦值的问题。

sin??cos??【解析】

3121?sin2???sin2???3，两边平方可得33

??是第二象限角，因此sin??0,cos??0，

cos??sin???(cos??sin?)2??1?所以

215??33

?cos2??cos2??sin2??(cos??sin?)(cos??sin?)??8.答案C

53

【命题意图】本试题主要考查了双曲线的定义的运用和性质的运用，以及余弦定理的运用。首先运用定义得到两个焦半径的值，然后结合三角形中的余弦定理求解即可。 【解析】解：由题意可知，a?2?b,?c?2，设|PF1|?2x,|PF2|?x，则

|PF1|?|PF2|?x?2a?22，故

|PF1|?42,|PF2|?22，F1F2?4，利用余弦定理可得

PF12?PF22?F1F22(42)2?(22)2?423cos?F1PF2???2PF1?PF24。 2?22?429.答案D

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【命题意图】本试题主要考查了对数、指数的比较大小的运用，采用中间值大小比较方法。

【解析】ln??lne?1，

log52?log511z?e?2?1?1?15?e42，故选答案D。 2，

10.答案A

【命题意图】本试题主要考查了导数在研究三次函数中的极值的运用。要是函数图像与x轴有两个不同的交点，则需要满足极佳中一个为零即可。

【解析】因为三次函数的图像与x轴恰有两个公共点，结合该函数的图像，可得极大值或

2?f(x)?3x?3?3(x?)(x?1)，当x??1时取得极值 者极小值为零即可满足要求。而

由f(1)?0或f(?1)?0可得c?2?0或c?2?0，即c??2。

11.答案A

【命题意图】本试题考查了排列组合的用用。

【解析】利用分步计数原理，先填写最左上角的数，有3种，再填写右上角的数为2种，在填写第二行第一列的数有2种，一共有3?2?2?12

12.答案B

【命题意图】本试题主要考查了反射原理与三角形相似知识的运用。通过相似三角形，来确定反射后的点的落的位置，结合图像分析反射的次数即可。

【解析】解：结合已知中的点E,F的位置，进行作图，推理可知，在反射的过程中，直线是平行的，那么利用平行关系，作图，可以得到回到EA点时，需要碰撞14次即可。 13.答案：?1

【命题意图】本试题考查了线性规划最优解的求解的运用。常规题型，只要正确作图，表示出区域，然后借助于直线平移法得到最值。

【解析】利用不等式组，作出可行域，可知区域表示的为三角形，当目标函数过点(3,0)时，

5?目标函答案：6

14.【命题意图】本试题主要考查了三角函数性质的运用，求解值域的问题。首先化为单一三角函数，然后利用定义域求解角的范围，从而结合三角函数图像得到最值点。

y?sinx?3cosx?2sin(x?)3 【解析】由0?x?2???由

??3?x??3?5???2?2sin(x?)?23可知3

x?当且仅当

?3?3?11???5?x?x?x??6时取得最小值，6取得最大值。 2即32时即

]

数最大，当目标函数过点(0,1)时最小为?1。

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15.答案56

【命题意图】本试题主要考查了二项式定理中通项公式的运用。利用二项式系数相等，确定了n的值，然后进一步借助于通项公式，分析项的系数。 【解析】根据已知条件可知

26Cn?Cn?n?2?6?8，

1(x?)8r8?rT?Cxr?18x的展开式的通项为所以，令8?2r??2?r?5

所以所求系数为

C85?56。

616.答案6

【命题意图】本试题考查了斜棱柱中异面直线的角的求解。用空间向量进行求解即可。 【解析】设该三棱柱的边长为1，依题意有

?????????????????????????????AB1?AB?AA1,BC1?AC?AA1?AB

，则

????2????????2????2????????????2|AB1|?(AB?AA1)?AB?2AB?AA1?AA1?2?2cos60??3?????2????????????2????2????2????2????????????????????????|BC1|?(AC?AA1?AB)?AC?AA1?AB?2AC?AA1?2AC?AB?2AA1?AB?2而

?????????????????????????????AB1?BC1?(AB?AA1)?(AC?AA1?AB)

?????????????????????????????????????????????????AB?AC?AB?AA1?AB?AB?AA1?AC?AA1?AA1?AA1?AB1111??1??1??12222??????????????????AB?BC116???cos?AB1,BC1??????1?????6|AB1||BC1|2?3 ?

17.【命题意图】本试题主要考查了解三角形的运用，给出两个公式，一个是边的关系，一

个角的关系，而求解的为角，因此要找到角的关系式为好。 【解析】由A?B?C???B???(A?C)， 由正弦定理及a?2c可得sinA?2sinC

所以cos(A?C)?cosB?cos(A?C)?cos(??(A?C))?cos(A?C)?cos(A?C)

?cosAcosC?sinAsinC?cosAcosC?sinAsinC?2sinAsinC

故由cos(A?C)?cosB?1与sinA?2sinC可得2sinAsinC?1?4sinC?1

2而C为三角形的内角且a?2c?c，故

0?C??2，所以

sinC?1?C?6。 2，故

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【点评】该试题从整体来看保持了往年的解题风格，依然是通过边角的转换，结合了三角形的内角和定理的知识，以及正弦定理和余弦定理，求解三角形中的角的问题。试题整体上比较稳定，思路也比较容易想，先将三角函数关系式化简后，得到A,C角关系，然后结合a?2c，得到两角的二元一次方程组，自然很容易得到角C的值。

18.【命题意图】本试题主要是考查了四棱锥中关于线面垂直的证明以及线面角的求解的运用。

从题中的线面垂直以及边长和特殊的菱形入手得到相应的垂直关系和长度，并加以证明和求解。

解：设AC?BD?O,以O为原点，OC为x轴，OD为y轴建立空间直角坐标系，则

A(?2,0,0),C(2,0,0),P(?2,0,2),设B(0,?a,0),D(0,a,0),E(x,y,z)。

（Ⅰ）证明：由PE?2EC得

E(????2222????,0,)BE?(,a,)33， 所以PC?(22,0,?2)，33，

????????22????PC?BE?(22,0,?2)?(,a,)?0BD?(0,2a,0)，所以33，

????????????????????????PC?BD?(22,0,?2)?(0,2a,0)?0。所以PC?BE,PC?BD，所以PC?平面BED； ?????????（Ⅱ） 设平面PAB的法向量为n?(x,y,z)，又AP?(0,0,2),AB?(2,?a,0)，由

?2????????????n?(1,,0)n?AP?0,n?AB?0得a，设平面PBC的法向量为m?(x,y,z)，又??2????????????????????m?(1,?,2)BC?(2,a,0),CP?(?22,0,2)，由m?BC?0,m?CP?0，得a，由

????于二面角A?PB?C为90，所以m?n?0，解得a?2。

?????? 所以PD?(2,2,?2)，平面PBC的法向量为m?(1,?1,2)，所以PD与平面PBC????????|PD?m|1???????????2，所以PD与平面PBC所成角为6.

所成角的正弦值为|PD|?|m|【点评】试题从命题的角度来看，整体上题目与我们平时练习的试题和相似，底面也是特殊的菱形，一个侧面垂直于底面的四棱锥问题，那么创新的地方就是点E的位置的选择是一般的三等分点，这样的解决对于学生来说就是比较有点难度的，因此最好使用空间直角坐标系解决该问题为好。

19.【命题意图】本试题主要是考查了独立事件的概率的求解，以及分布列和期望值的问题。首先要理解发球的具体情况，然后对于事件的情况分析、讨论，并结合独立事件的概率求

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解结论。 解：记

Ai为事件“第i次发球，甲胜”，i=1,2,3，则

P(A1)?0.6,P(A2)?0.6,P(A3)?0.4。

（Ⅰ）事件“开始第4次发球时，甲、乙的比分为1比2”为互斥事件有一个发生的概率加法公式得

A1A2A3?A1A2A3?A1A2A3，由

P(A1A2A3?A1A2A3?A1A2A3)?0.6?0.4?0.6?0.4?0.6?0.6?0.4?0.4?0.4?0.352。

即开始第4次发球时，甲、乙的比分为1比2的概率为0.352 （Ⅱ）由题意??0,1,2,3。

P(??0)?P(A1A2A3)?0.6?0.6?0.4?0.144P(??1)?P(A1A2A3?A1A2A3?A1A2A3)；

?0.4?0.6?0.4?0.6?0.4?0.4?0.6?0.6?0.6=0.408；

P(??2)?0.352；

P(??3)?P(A1A2A3)?0.4?0.4?0.6?0.096所以E??0.408?2?0.352?3?0.096?1.4

【点评】首先从试题的选材上来源于生活，同学们比较熟悉的背景，同时建立在该基础上求解进行分类讨论的思想的运用，以及能结合独立事件的概率公式求解分布列的问题。情景比较亲切，容易入手，但是在讨论情况的时候，容易丢情况。

20.【命题意图】本试题考查了导数在研究函数中的运用。第一就是函数中有三角函数，要利用三角函数的有界性，求解单调区间。另外就是运用导数证明不等式问题的构造函数思想的运用。

?解：f(x)?a?sinx。

（Ⅰ）因为x?[0,?]，所以0?sinx?1。

?当a?1时，f(x)?0，f(x)在x?[0,?]上为单调递增函数； ?当a?0时，f(x)?0，f(x)在x?[0,?]上为单调递减函数； ?当0?a?1时，由f(x)?0得sinx?a，

? 由f(x)?0得0?x?arcsina或??arcsina?x??； ? 由f(x)?0得arcsina?x???arcsina。

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所以当0?a?1时f(x)在[0,arcsina]和[??arcsina,?]上为为单调递增函数；在

[arcsina,??arcsina]上为单调递减函数。

（Ⅱ）因为f(x)?1?sinx?ax?cosx?1?sinx?ax?1?sinx?cosx 当x?0时，0?1?sin0?cos0?0恒成立

当0?x??时，

ax?1?sinx?cosx?a?1?sinx?cosx1?sinx?cosx?a?[]minxx

g(x)?令

1?sinx?cosx(0?x??)x，则

g?(x)?(cosx?sinx)x?1?sinx?cosx(1?x)cosx?(x?1)sinx?1?x2x2

又令c(x)?(1?x)cosx?(x?1)sinx?1，则

c?(x)?cosx?(1?x)sinx?sinx?(x?1)cosx??x(sinx?cosx)

x?(0,则当

3?)4时，sinx?cosx?0，故c?(x)?0，c(x)单调递减

x?(当

3?,?]?4时，sinx?cosx?0，故c(x)?0，c(x)单调递增

c(3?)??2?14，而

，

x???所以c(x)在x?(0,?]时有最小值

x?0?limc(x)?(1?0)cos0?(0?1)sin0?1?0limc(x)?c(?)??(1??)?1?0

?综上可知x?(0,?]时，c(x)?0?g(x)?0，故g(x)在区间(0,?]单调递

所以

[g(x)]min?g(?)?2?

2故所求a的取值范围为

a??。

f(?)?1?a??1?1?a?22另解：由f(x)?1?sinx恒成立可得

?

g(x)?sinx?令

2?x(0?x??2，则

)g?(x)?cosx??

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2x?(0,arcsin)当

?时，g?(x)?0，当

x?(arcsin2?,)?2时，g?(x)?0

?2?g(0)?g()?0x?sinx(0?x?)22 又，所以g(x)?0，即?a?故当

2?时，有

f(x)?22?x?cosx

0?x?①当

?2时，?x?sinx2，cosx?1，所以f(x)?1?sinx

?②当2?x??时，

f(x)??x?cosx?1?2(x?)?sin(x?)?1?sinx?22

2??综上可知故所求a的取值范围为

a??。

【点评】试题分为两问，题词面比较简单，给出的函数比较新颖，因为里面还有三角函数，

这一点对于同学们来说有点难度，不同于平时的练习题，相对来说做得比较少。但是解决的关键还是要看导数的符号，求解单调区间。第二问中，运用构造函数的思想，证明不等式，一直以来是个难点，那么这类问题的关键是找到合适的函数，运用导数证明最值大于或者小于零的问题得到解决。

21.【命题意图】本试题考查了抛物线与圆的方程，以及两个曲线的公共点处的切线的运用，并在此基础上求解点到直线的距离。 解：（1）设

A(x0,(x0?1)2)，当

2?y?x?(x?1)，对求导得y?2(x?1)，故直线l的斜率

k?2(x0?1)x0?1时，不合题意，所心

x0?1

1k??M(1,)2，MA的斜率圆心为

(x0?1)2?x0?112

由l?MA知kk???1，即

2(x0?1)?(x0?1)2?x0?112??1，解得

x0?0，故A(0,1)

15r?|MA|?(1?0)2?(?1)2?22 所以

22(a,(a?1))y?(a?1)?2(a?1)(x?a)即C（2）设为上一点，则在该点处的切线方程为

y?2(a?1)x?a2?1

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5若该直线与圆M相切，则圆心M到该切线的距离为2，即

1|2(a?1)?1??a2?1|52?2[2(a?1)]2?(?1)2求解可得

22a(a?4a?6)?0 ，化简可得

a0?0,a1?2?10,a2?2?10 (ai,(ai?1)2)(i?0,1,2)C抛物线在点处的切线分别为l,m,n，其方程分别为

22y?2x?1① y?2(a1?1)x?a1?1② y?2(a2?1)x?a2?1③

x?②－③得

a1?a2?2,12，将x?2代入②得y??1，故D(2? )d?|2?2?(?1)?1|22?(?1)2?655所以D到直线l的距离为

。

【点评】该试题出题的角度不同于平常，因为涉及的是两个二次曲线的交点问题，并且要研究两曲线在公共点出的切线，把解析几何和导数的工具性结合起来，是该试题的创新处。另外对于在第二问中更是难度加大了，出现了另外的两条公共的切线，这样的问题对于我们以后的学习也是一个需要练习的方向。

2f(4)?4?8?3?5，故点P(4,5)在函数f(x)的图像上，故由所给出的两22.解：（1）为

点

P(4,5),Qn(xn,f(xn))，可知，直线

PQn斜率一定存在。故有

直线

PQny?5?的直线方程为

f(xn)?5(x?4)xn?4，令y?0，可求得

xn2?2xn?84x?3?5?5?(x?4)??x?4?x?nxn?4xn?2xn?2

xn?1?所以

4xn?3xn?2

2?xn?3

下面用数学归纳法证明当n?1时，

x1?2，满足

2?x1?3假设n?k时，

2?xk?3成立，则当n?k?1时，

xk?1?4xk?35?4?xk?2xk?2，

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2?xk?3?4?xk?2?5?1?由也成立 综上可知下面证明

55115??2??4??32?xk?1?3xk?244xk?2即

2?xn?3对任意正整数恒成立。

xn?xn?1

4xn?34xn?3?xn2?2xn?(xn?1)2?4xn?1?xn??xn??x?2x?2xn?2nn由

由

2?xn?3?1?xn?1?2?0??(xn?1)2?4?3，故有

xn?1?xn?0即

xn?xn?1

综上可知

2?xn?xn?1?3恒成立。

xn?1?（2）由或x??1

4xn?34x?3x?xn?2得到该数列的一个特征方程x?2即x2?2x?3?0，解得x?3?xn?1?3?4xn?3x?34x?35x?5?3?nxn?1?(?1)?n??1nxn?2xn?2 ① xn?2xn?2②

xn?1?31xn?3x1?32?31?????x?15xn?1,而x1?12?13两式相除可得n?1 ?xn?3?11???x?1?故数列?n是以3为首项以5为公比的等比数列

n?1xn?311n?19?5?14???()xn??3?xn?1353?5n?1?13?5n?1?1。 ,故

【命题意图】本试题主要考查了数列的通项公式以及函数与数列相结全的综合运用。先从函数入手，表示直线方程，从而得到交点坐标，再运用数学归纳法进行证明，根据递推公式构造等比数列进而求得数列的通基。

【点评】以函数为背景，引出点的坐标，并通过直线与坐标轴的交点得到数列的递推公式。既考查了直线方程，又考查了函数解析式，以及不等式的证明，试题比较综合，有一定的难度。做这类试题那就是根据已知条件，一步一步的翻译为代数式，化简得到要找的关系式即可。

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